2019天津市高考押轴理科综合试卷（含答案解析）

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1、 2019 天津市高考押轴卷物理一.单项选择题：（每小题 6 分，共 30 分每小题给出的四个选项中，只有一项是正确的）1关于近代物理学，下列说法正确的是（ ）A核反应方程 +X 中的 X 表示电子B 粒子散射实验的结果表明原子核由质子和中子构成C放射性元素的半衰期随温度的升高而变长D一个氢原子从 n=4 的激发态跃迁时，最多能辐射 6 种不同频率的光子2如图所示，在倾角为 的光滑斜面和挡板之间放一个光滑均匀小球，挡板与斜面夹角为。初始时，+04由下列实验及现象不能推出相应结论的是选项 实验 现象 结论A向 0.1mol/L FeCl2 溶液中加入 1 滴 KSCN 溶液，再滴加溴水开始无明显

2、现象。后溶液变红氧化性：Br 2Fe 3+B乙烯通入酸性高锰酸钾溶液中溶液褪色并产生黑色沉淀乙烯具有还原性C向等浓度的氯化钠和碘化钠混合溶液中逐滴加入硝酸银溶液生成黄色沉淀Ksp(AgCl)Ksp(AgI)D将苯加入橙色的溴水中震荡并静置下层液体几乎无色苯与 Br2 发生了取代反应5高炉炼铁过程中发生反应： Fe2O3(s)CO(g) Fe(s)CO 2(g)，该反应在不同温度下的平衡常数见表。温度 T/ 1000 1150 1300平衡常数 K 4.0 3.7 3.5下列说法正确的是A增加高炉的高度可以有效降低炼铁尾气中 CO 的含量B由表中数据可判断该反应：反应物的总能量生成物的总能量C为

3、了使该反应的 K 增大，可以在其他条件不变时，增大 c(CO)D1000下 Fe2O3与 CO 反应， t min 达到平衡时 c(CO) =210-3 mol/L，则用 CO 表示该反应的平均速率为 mol/(Lmin)6已知 298K 时，K sp(NiS)1.010 -21，K sp(NiCO3)1.010 -7 ；p(Ni)lg c(Ni 2+)，p(B)lg c(S 2-)或 lg c(CO32-)。在含物质的量浓度相同的 Na2S 和 Na2CO3 的混合溶液中滴加Ni(NO3)2 溶液产生两种沉淀，溶液中阳离子、阴离子浓度关系如图所示。下列说法错误的是（ ）A对于曲线 I，在 b

4、 点加热， b 点向 c 点移动B常温下 NiCO3 的溶解度大于 NiS 的溶解度C向 d 点对应的溶液中加入对应阴离子的钠盐，d 点向 b 点移动DP 为 3.5 且对应的阴离子是 CO32-二、填空题7亚硝酰氯(NOCl)是一种红褐色液体或黄色气体，其熔点64.5，沸点5.5，遇水易水解。它是有机合成中的重要试剂，可由 NO 与 Cl2 在常温常压下合成。（1）实验室制备原料气 NO 和 Cl2 的装置如下图所示：实验室制 Cl2 时，装置 A 中烧瓶内发生反应的化学方程式为_。装置 B 中盛放的试剂为_；（2）将上述收集到的 Cl2 充入 D 的集气瓶中，按图示装置制备亚硝酰氯。NOC

5、l 分子中各原子均满足 8 电子稳定结构，则 NOCl 的电子式为_。装置 D 中发生的反应方程式为 _。如果不用装置 E 会引起什么后果_某同学认为装置 F 不能有效吸收尾气中的某种气体，该气体为_，为了充分吸收尾气，可将尾气与_同时通入氢氧化钠溶液中。（3）工业上可用间接电化学法除去 NO，其原理如下图所示，吸收塔中发生的反应为：NO+S2O42+H2ON 2+HSO3吸收塔内发生反应的氧化剂与还原剂物质的量之比为_。阴极的电极反应式为_。8髙分子聚合物 Nomex 芳纶(G)耐热性好、强度髙，是一种很好的绝热材料和阻燃纤维，下图是 Nomex 芳纶的合成路线图：(1)A 的名称为 _；的

6、反应类型为_；G 的结构简式为_。(2)写出反应的化学方程式：_。(3)B 的芳香族同分异构体 H 具有三种含氧官能团，其各自的特征反应如下：a遇 FeCl3 溶液显紫色；b可以发生水解反应；c可发生银镜反应符合以上性质特点的 H 共有 _种。(4)下列有关 F 的说法正确的是 _(填字母序号)。AF 的分子式为 C14H12N2O3 BF 中只含有氨基和羧基两种官能团CF 的核磁共振氢谱有 11 组吸收峰 DF 可以水解得到氨基酸(5)聚氨基酸类物质以其无毒易降解特性广泛应用于药物载体，已知：CH 3 CH2Cl+NH3CH3CH2NH2+HCl，参照 G 的合成路线图，请以 CH3CH2C

7、OOH 为原料，无机试剂自选，写出合成聚 2-氨基丙酸的合成路线图：_。9 .已知元素的某种性质“X”和原子半径、金属性、非金属性等一样，也是元素的一种基本性质。下面给出 13 种元素的 X 的数值：元素 Al B Be C Cl F LiX 的数值 1.5 2.0 1.5 2.5 2.8 4.0 1.0元素 Mg Na O P S SiX 的数值 1.2 0.9 3.5 2.1 2.5 1.7试结合元素周期律知识完成下列问题：(1)请预测 K 与 Rb 元素的 X 数值的大小关系：K _ Rb (填“” 、 “”或“”)。(2)经验规律告诉我们：当形成化学键的两原子相应元素的 X 差值大于

8、1.7 时，所形成的一般为离子键；当小于 1.7 时，一般为共价键，试推断 AlBr3 中的化学键类型是_。(3)某有机化合物分子中含有 SN 键，你认为该共用电子对偏向于 _原子( 填元素符号)(4)简述第二周期元素(除稀有气体外 )的 X 的数值大小与原子半径之间的关系：_。(1)在微生物作用的条件下，NH 4+经过两步反应被氧化成 NO3-。两步反应的能量变化示意图如下：第一步反应是_反应(选填 “放热”或“吸热”)，判断依据_。1 molNH 4+(aq)全部氧化成 NO3- (aq)的热化学方程式_。(2)近年来，研究人员提出利用含硫物质热化学循环实现太阳能的转化与存储，过程如下：反

9、应：2H 2SO4(l)=2SO2(g)2H 2O(g)+O2(g) H1=+551 kJ/mol反应：S(s)+O 2(g)=SO2(g) H3=297 kJ/mol反应的热化学方程式：_。(3)一定条件下，不同量的 CO2 与不同量的 NaOH 充分反应放出的热量如下表所示：CO2 的量 NaOH 的量 放出的热量22.0 g 750 mL 1.0 mol/L x kJ1.0 mol 2.0 L 1.0 mol/L y kJ写出该条件下，CO 2 与 NaOH 反应生成 NaHCO3 的热化学方 _。10高锰酸钾是中学常用化学试剂，工业上常以软锰矿（主要成分是 MnO2）为原料进行制备，主

10、要工艺流程如下图：已知：3K 2MnO4+2H3PO42KMnO4+MnO2+2K2HPO4+2H2O物质 KMnO4 K2HPO4 K2SO4 CH3COOK KCl K2CO3293K 溶解度/g6.4 150 11.1 217 34 111（1）原料高温煅烧时选用铁坩埚和铁棒，理由是_ 。（2）中每生成 1molK2MnO4 时电子转移 2mol，写出化学反应方程式 _。（3）从反应机理和产物分离角度考虑，可用磷酸，也可用下列_试剂。A醋酸 B盐酸 C硫酸 DCO 2（4）下列描述不正确的是_。A操作中蒸发至大量晶体析出再冷却晶体，趁热过滤B抽滤时布氏漏斗中选用大小略小于漏斗内径且盖住全

11、部小孔的滤纸C可用无水乙醇洗涤产品提高纯度DKMnO 4 晶体的烘干温度过高会降低产率（5）粗产品的洗涤步骤可能需要用到以下操作：a加入洗涤剂至浸没固体；b洗涤剂缓慢通过；c洗涤剂快速通过；d关小水龙头；e开大水龙头；f 重复 23 次。请选出正确的操作并排序_。 （操作可重复使用）（6）高锰酸钾产品的纯度测定：准确称取 0.7900g 产品，配成 250mL 溶液，量取 25.00mL于锥形瓶中，用 0.1000molL1 （NH 4） 2Fe（SO 4） 2 标准溶液进行滴定，滴定终点的现象_。滴定前和滴定后的液面见下图。计算出高锰酸钾的纯度为 _。天津市生物压轴试卷一、选择题（共 6 小

12、题，每题 6 分，共 36 分，在每小题的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的）1以玉米籽粒为实验材料进行“验证活细胞吸收物质的选择性 ”活动。下列叙述错误的是 A实验前将玉米籽粒放在 2025 温水中浸泡适当时间 B先用红墨水染色玉米籽粒，然后纵切并观察其颜色变化C未煮熟的玉米胚比煮熟过的染色浅，说明活细胞吸收物质具有选择性D若煮过的玉米胚乳与未煮过的均被染成红色，说明细胞吸收物质具有选择性2如图所示，内共生起源学说认为：线粒体、叶绿体分别起源于一种原始的好氧细菌和蓝藻类原核细胞，它们最早被先祖厌氧真核生物吞噬后未被消化，而是与宿主进行长期共生，逐渐演化为重要的细胞器。下列表述正确的是（

13、 ）A线粒体和叶绿体分裂繁殖的事实不支持内共 生假说B线粒体和叶绿体的膜结均不同于细胞膜和其它细胞器膜，不支持此假说C根据此假说，线粒体的外膜是从原始的真核细胞的细胞膜衍生而来D先祖厌氧真核生物吞噬需氧菌后使其解体，解体后的物质组装成线粒体3某突变型水稻叶片的叶绿素含量约为野生型的一半，但固定 CO2 酶的活性显著高于野生型。如图显示两者在不同光照强度下的 CO2 吸收速率。叙述错误的是A光照强度低于 P 时，突变型的光反应强度低于野生型B光照强度高于 P 时，突变型的暗反应强度高于野生型C光照强度低于 P 时，限制突变型光合速率的主要环境因素是光照强度D光照强度高于 P 时，限制突变型光合速

14、率的主要环境因素是 CO2 浓度4大豆植株的体细胞含 40 条染色体。用放射性 60Co 处理大豆种子后，筛选出一株抗花叶病的植株 X，取其花粉经离体培养得到若干单倍体植株，其中抗病植株占 50%。下列叙述正确的是( )A用花粉离体培养获得的抗病植株，其细胞仍具有全能性B单倍体植株的细胞在有丝分裂后期，共含有 20 条染色体C植株 X 连续自交若干代，纯合抗病植株的比例逐代降低D放射性 60Co 诱发的基因突变，可以决定大豆的进化方向5四环素、链霉素、红霉素等抗生素能抑制细菌的生长，它们有的能阻碍细菌细胞壁的形成，导致细菌在低渗环境下膨胀破裂死亡；有的能干扰细菌核糖体的形成；有的能阻止tRNA

15、 和 mRNA 的结合。请根据以上事实判断下列说法正确是A干扰细菌细胞壁形成过程是通过影响高尔基体的作用实现的B阻止 tRNA 和 mRNA 的结合会影响细菌蛋白质的合成，抑制细菌的生长C细菌培养中为保证细菌的渗透压稳定应在培养液中加入 HCO3-等无机盐D干扰细菌核糖体的形成可以阻止遗传信息的转录6已知一个鲜活的神经细胞在小白鼠体内的静息电位和因某适宜刺激而发生的一次动作电位如图甲所示。将这一完整的神经细胞置于某一等渗溶液 S 中(其成分能确保神经元正常生活)，其静息电位和因某适宜刺激而发生的一次动作电位可能会呈乙、丙、丁图所示。与小鼠的组织液相比，下列叙述正确的是( )A乙图，S 液 Na

16、 、K 浓度都更高B乙图，S 液 K 浓度更低C丙图，S 液 Na 浓度更低 D丁图，S 液 K 浓度更高二、非选择题（共 4 小题，共 44 分）7（10 分）将室温(25 )饲养的某种体温为 37 的哺乳动物(动物甲) 随机分为两组，一组放入 41 环境中 1 h(实验组)，另一组仍置于室温环境中(对照组)。期间连续观察并记录这两组动物的相关行为。结果：实验初期，实验组动物的静卧行为明显减少、焦虑不安行为明显增加。回答下列问题：（1）实验中，实验组动物皮肤的毛细血管会_，汗液分泌会_，从而起到调节体温的作用。（2）实验组动物出现焦虑不安行为时，其肾上腺髓质分泌的激素会_。（3）本实验中设置

17、对照组的目的是_。（4）若将室温饲养的动物甲置于 0 的环境中，该动物会冷得发抖，耗氧量会_，分解代谢会_。8（10 分）某荒废的大型渔场经过多年的变化，逐渐形成天然湖泊。下图是该湖泊生态系统能量流动情况的示意图，请分析回答：（单位：cal/cm2a）（1）此湖泊的形成是群落_演替的结果。除图中所示的生态系统成分外，该生态系统的组成成分还应有_，这样才能保证其物质循环的正常进行。（2）该湖泊中的生物会出现分层现象，通常_层的水其密度最大，其层次性主要是由光的穿透性以及_决定的。（3）图中显示照射到地面的光能，绝大部分能量未被固定，将以_能的形式进行热逸散。 （4）在对该湖泊进行捕鱼时，通常控制

18、网眼的大小，获得体型较大的鱼，并保持各种鱼的年龄结构为_。 9 （10 分）果蝇的翻翅与正常翅是一对相对性状，受一对等位基因（A、a）控制，且 A是纯合 致死基因；果蝇的颜色伊红、淡色和乳白色分别由复等位基因 e、t 和 i 控制。为探究上述两对 性状的遗传规律，用两组果蝇进行了杂交实验，其结果如下表。 回答下列问题： （1）控制颜色的基因 e、t 和 i 均由野生型突变而来，这说明基因突变具有 _特点。 （2）e、 t 和 i 之间的显隐关系为_。若只考虑颜色的遗传，果蝇的基因型有_ 种。 （3）甲杂交组合中亲本雌果蝇的基因型为_，F 1 中雄果蝇均为乳白眼的原因是 _。乙杂交组合中亲本雄果

19、蝇产生配子的基因型为_。 （4）已知翻翅伊红眼雌果蝇与翻翅乳白眼雄果蝇杂交，F 1 中出现了正常翅乳白眼雄果蝇。若再将 F1 中的翻翅伊红眼雌果蝇与翻翅乳白眼雄果蝇杂交，则 F2 中正常翅伊红眼雌果蝇的概率为_。10 （14 分）基因表达载体的构建是基因工程的核心。图 1 为限制酶 EcoR的识别序列，图 2 表示目的基因及限制酶切点，图 3 表示目的基因上的 DNA 片段，图 4 表示质粒。请回答下列问题：（1）若用图 1 所示的限制酶 EcoR切割外源 DNA，就其特异性而言，切开的是 之间相连的化学键。（2）图 3 为目的基因中的某一片段，下列有关叙述正确的是 。A若图中的 ACT 能决

20、定一个氨基酸，则 ACT 可称为一个密码子BDNA 聚合酶和 DNA 连接酶都可作用于 处，解旋酶作用于 处C若只用这个片段中的 3 个碱基对，排列出的 DNA 片段有 64 种D就游离的磷酸基而言，该片段与重组质粒相比多了 2 个游离的磷酸基（3）若利用 PCR 技术增加目的基因的数量，由图 2 可知，A 、B 、C、D 四种单链 DNA片段中应选取 作为引物（DNA 复制子链的延伸方向 53） 。该 DNA 分子在 PCR仪中经过 4 次循环后会产生等长的目的基因片段 个。（4）为了使目的基因和质粒定向连接并且有利于受体细胞的筛选，提高重组效率，应该选择的限制酶是 。如果用限制酶 Pst、

21、EcoR和 Hind同时对质粒进行切割，假设同时只有任意两个位点被切断且每次机会相等，则形成含有完整抗四环素基因的 DNA 片段有种。（5）如果大肠杆菌是受体细胞，则其体内应不含 基因，以利于筛选出含重组质粒的受体菌。目的基因能在大肠杆菌细胞内表达出相同的蛋白质，其遗传学基础是 。天津市生物压轴试卷参考答案1 【 答案】B【 解析】本题考查 “验证活细胞吸收物质的选择性”活动。温水浸泡玉米种子，细胞代谢速率加快，吸收物质的速率也加快，染色后短时间内就可以看到明显的实验现象，A 正确；先纵切，然后用红墨水染色玉米籽粒并观察其颜色变化，B 错误；未煮过的玉米胚是活细胞，仍具有选择性，大分子色素不能

22、透过，故未煮过的玉米胚比煮过的染色浅，C 正确；胚乳细胞是死细胞，故煮过的与未煮过的胚乳均被染成红色， D 正确。 2 【 答案】C【 解析】由题意可知：内共生起源学说线粒体、叶绿体分别起源于一种原始的好氧细菌和蓝藻类原核细胞，它们最早被先祖厌氧真核生物吞噬后未被消化，而是与宿主进行长期共生，逐渐演化为重要的细胞器。故线粒体和叶绿体分裂繁殖的事实支持内共 生假说，A 错误；线粒体和叶绿体的膜结均类似于细胞膜和其它细胞器膜，B 错误；根据此假说，线粒体的外膜是从原始的真核细胞的细胞膜衍生而来，C 正确；先祖厌氧真核生物吞噬需氧菌后，需氧菌与宿主进行长期共生，逐渐演化为线粒体，D 错误。3 【 答

23、案】D【 解析】本题考查影响光合作用速率的因素及图示分析。光照强度低于 P 时，突变型的光合作用强度(光反应和暗反应强度 )低于野生型，A 项正确；光照强度高于 P 时，突变型的光合作用强度(光反应和暗反应强度 )高于野生型，B 项正确；光照强度低于 P 时，限制突变型和野生型光合速率的主要环境因素为横坐标所表示的因素，即光照强度，C 项正确；光照强度高于 P 时，突变型光合速率随光照强度的增大而增加，因此限制其光合速率的主要环境因素仍然为横坐标所表示的因素，即光照强度，D 项错误。4 【 答案】A【 解析】本题考查细胞全能性、有丝分裂、遗传定律、基因突变等相关知识。高度分化的植物细胞仍具有全

24、能性，因为其含有发育成完整个体所需的全套遗传物质；单倍体植株的体细胞含有 20 条染色体，其有丝分裂后期共含有 40 条染色体；因为植株 X 花药离体培养后得到的单倍体植株中抗病植株占 50%，所以植株 X 是杂合子，连续自交可以使纯合抗病植株的比例升高；基因突变是不定向的，不能决定生物进化的方向，自然选择能决定生物进化方向。因此 A 项正确。5 【 答案】B【 解析】细菌属于原核细胞，没有高尔基体，A 错误；蛋白质是生命活动的承担者，阻止tRNA 和 mRNA 的结合会影响细菌蛋白质的合成，会抑制细菌的生长，B 正确；细菌培养中为保证细菌的渗透压稳定，应加入一定量的 NaCl 维持细胞内外渗

25、透压平衡，而 HPO42-、HCO3- 等起调节 pH 的作用， C 错误；干扰细菌核糖体的形成的抗生素能阻止翻译过程，而不是阻止转录过程，D 错误。6 【 答案】B【 解析】乙图中神经细胞的静息电位与甲图中的相同，说明 S 液 K浓度正常，乙图动作电位差高于甲图，故 S 液 Na浓度更高，A、B 错误；丙图中神经细胞受到刺激后产生动作电位比甲图的低，说明溶液中进入神经细胞的钠离子少，即 S 液中 Na浓度更低，C 正确；丁图中神经细胞的静息电位比甲图中的低，说明神经细胞外流的钾离子更多，即 S 液K浓度更低，D 错误。7 【 答案】(1)舒张 增加 (2)增加 (3)排除 41 以外因素对实

26、验结果的影响，以保证本实验的结果是由 41 引起的 (4)增加 增强【 解析】本题主要考查哺乳动物的体温调节，包括高温环境中散热量增加的途径、低温环境中产热量增加的途径、肾上腺素的功能等。 (1)哺乳动物处于高于体温的环境中时，可通过皮肤毛细血管舒张，增加汗液分泌量，使散热量增加，以维持体温的相对恒定。(2)动物出现焦虑不安行为时，其肾上腺髓质分泌的肾上腺素会增加。(3)实验中设置对照组的目的是与实验组进行对比，以排除无关变量对实验结果的影响。(4)哺乳动物处于低温环境中时，会冷得发抖，此时耗氧量增加，分解代谢增强，使产热量增加以维持体温恒定。8 【 答案】 （1）次生 分解者、无机物、有机物

27、和气候（写全才给分，答能源不给分） （2 ）静水层 温度和氧气的垂直分布（写全给分） （3 ）热（4 ）增长型【 解析】 （1）荒废的大型渔场经过多年的变化，逐渐形成天然湖泊，此湖泊的形成是群落次生演替的结果。除图中所示的生态系统成分外，该生态系统的组成成分还应有分解者和非生物的物质、能量（无机物、有机物和气候） ，这样才能保证其物质循环的正常进行。（2 ）该湖泊中的生物会出现分层现象，通常静水层的水其密度最大，其层次性主要是由光的穿透性以及温度和氧气的垂直分布决定的。（3 ）照射到地面的光能，绝大部分能量未被固定，将以热能的形式进行热逸散。 （4 ）在对该湖泊进行捕鱼时，通常控制网眼的大小，

28、获得体型较大的鱼，并保持各种鱼的年龄结构为增长型。9 【 答案】 （1 ）多方向性 （2）e 对 t 和 i 为完全显性，t 对 i 为完全显性 9 （3）AaXiXi 控制眼色的基因位于 X 染色体上，亲代乳白眼雌果蝇将 Xi 传递给了 F1 的雄果蝇 aXt 和 aY （4）1/12【 解析】 （1）控制眼色的野生型基因可以突变为基因 e、t 和 i，说明基因突变具有多方向性的特点。 （2）分析表中数据， A 是纯合致死基因，且甲中亲本杂交，子一代雌雄果蝇中翻翅正常翅=21，可知控制翅型的基因在常染色体上且翻翅为显性性状；雌果蝇中眼色都为淡色，雄果蝇中眼色都为乳白，眼色遗传雌雄果蝇存在差异

29、，且存在交叉遗传现象，说明控制眼色的基因在 X 染色体上。据甲组合分析，t 对 i 为完全显性，据乙组合分析，e对 t 为完全显性，故 e 对 t 和 i 为完全显性，t 对 i 为完全显性。若只考虑眼色的遗传，果蝇的基因型有：XeXe、XeXt、 XeXi、XtXt 、XtXi 、XiXi、XeY 、XtY 、XiY 九种。 （3）据甲组合可推出亲本雌雄果蝇的基因型为 AaXiXi、AaXtY，F1 中雄果蝇均为乳白眼的原因是亲本雌果蝇眼色的基因型为 XiXi，只形成一种配子 Xi，雌配子 Xi 与雄配子 Y 结合，形成 F1 中乳白眼的雄果蝇；据乙组合可推出亲本雌雄果蝇的基因型为 AaXe

30、Xt、aaXtY，aaXtY 产生的配子的基因型为 aXt 和 aY。 （4）由于 F1 中出现了正常翅乳白眼雄果蝇(aaXiY)，故亲本翻翅伊红眼雌果蝇基因型为 AaXeXi、翻翅乳白眼雄果蝇基因型为 AaXiY。已知 A 是纯合致死基因，若再将 F1 中的翻翅伊红眼雌果蝇（AaXeXi ）与翻翅乳白眼雄果蝇(AaXiY)杂交，则 F2 中正常翅伊红眼雌果蝇(aaXeXi)的概率为 1/31/4=1/12。10 【 答案 】 （1 ）鸟嘌呤脱氧核苷酸和腺嘌呤脱氧核苷酸（2）BD （3）B 和 C 8 （4）Pst、EcoR1【 解析 】 （1）DNA 分子的一条多核苷酸链中，两个脱氧核苷酸之

31、间以磷酸基团和五碳糖相连由题目可知，EcoR识别的 DNA 序列只有 G 和 A，故切开的是鸟嘌呤脱氧核苷酸和腺嘌呤脱氧核苷酸之间相连的化学键。（2）A密码子是 mRNA 上决定一个氨基酸的 3 个相邻的碱基，若图中的 ACT 能决定一个氨基酸，则其对应的密码子是 UGA，A 错误；BDNA 聚合酶和 DNA 连接酶都可作用于磷酸二酯键处，解旋酶作用中 氢键处，B 正确；CA 和 T 之间有 2 个氢键，C 和G 之间有 3 个氢键，因此若只用这片段中的 3 个碱基对，可以排列出 23 种片段，C 错误；D就游离的磷酸基而言，该片段有 2 个游离的磷酸基，而重组质粒不含游离的磷酸基，因此该片段

32、与重组质粒相比多了 2 个游离的磷酸基，D 正确。故选：BD。（3）若利用 PCR 技术增加目的基因的数量，由图 2 可知，DNA 复制只能从 5到 3，因此构建前利用 PCR 技术扩增干扰素基因时， A、B、C 、D 四种单链 DNA 片段中应选取 B和 C 作为引物，该 DNA 分子在 PCR 仪中经过 4 次循环后会产生基因片段 16 个，其中等长的目的基因片段 8 个。（4）为了使目的基因和质粒定向连接并且有利于受体细胞的筛选，提高重组效率，四环素抗性基因没有被破坏，gu8 应该选择的限制酶是 Pst、EcoR。如果用限制酶 Pst、EcoR和 Hind同时对质粒进行切割，假设同时只有

33、任意两个位点被切断且每次机会相等，若Pst I 酶的切割位点用 1 表示，EcoR I 酶的切割位点用 2 表示，Hind酶的切割位点用 3 表示，则形成的 DNA 片段 12，21，23，32，13，31 六种片段，其中只有 21片段含有完整四环素抗性基因，即含有完整四环素抗性基因的 DNA 片段只有 1 种。（5）如果大肠杆菌是受体细胞，则其体内应不含抗四环素基因，以利于筛选出含重组质粒的受体菌。目的基因能在大肠杆菌细胞内表达出相同的蛋白质，其遗传学基础是各种生物共用一套密码子。化学参考答案1 【 答案】A【 解析】A、金不溶于水，则“淘” 、 “漉”相当于“过滤” ，A 正确；B、司母戊

34、鼎属于青铜制品，是合金，不是硅酸盐产品，B 错误；C、瓷器(China)属于硅酸盐产品，不是合金，C 错误；D、侯氏制碱法中制备的是碳酸钠，即纯碱， D 错误。2 【 答案】C【 解析】A. 同主族元素自上而下非金属性逐渐减弱，同周期元素自左向右非金属性逐渐增强，非金属性越强最高价氧化物的水化物的酸性就越强，则酸性：HClO 4H 2SO4H 2CO3，A 正确；B. 同周期元素自左向右金属性逐渐减弱，金属性越强，最高价氧化物的水化物的碱性就越强，则碱性：NaOHMg (OH)2Al(OH) 3，B 正确；C. 同周期元素自左向右非金属性逐渐增强，非金属性越强，相应氢化物的稳定性也越强，则稳定

35、性：SiH 4PH 3H 2S，C 错误；D. 同主族元素自上而下非金属性逐渐减弱，同周期元素自左向右非金属性逐渐增强，则非金属性：FOS，D 正确；3 【 答案】A【 解析】A. n(H2)= =0.5mol，负极上氢离子失去电子，H 元素的化合价由 0 升高为+1 价，则转移电子数为 0.5mol 2（1-0）6.0210 23=6.021023，所以 A 选项是正确的；B. 温度不变，K w= c(H )c(OH )不变，加水稀释体积增大，则 n(H )n(OH )增大，故B 错误；C. NH3 液化分离，平衡正向移动，提高 H2 的转化率，但正反应速率减小，故 C 错误；D. 由化学计

36、量数可以知道 S0，2NaCl(s)=2Na(s) Cl 2(g) 常温下不能发生，则 H-TS0，即 H0，故 D 错误。4 【 答案】D【 解析】A. 向 0.1mol/L FeCl2 溶液中加入 1 滴 KSCN 溶液，再滴加溴水，开始无明显现象，后溶液变红，说明发生了反应 2Fe2+Br2=2Fe3+2Br-，氧化性：氧化剂 氧化产物，故 A 正确；B. 乙烯通入酸性高锰酸钾溶液中，溶液褪色并产生黑色沉淀，说明乙烯被酸性高锰酸钾溶液氧化，乙烯具有还原性，故 B 正确；C.向等浓度的氯化钠和碘化钠混合溶液中逐滴加入硝酸银溶液，生成黄色沉淀为 AgI，溶度积小的先沉淀，说明 Ksp(AgC

37、l)Ksp(AgI)，故 C 正确；D将苯加入橙色的溴水中震荡并静置，溴在苯中比在水中溶解度大，且苯的密度比水小，溶液分层，下层液体几乎无色，发生的过程是萃取，没有发生取代反应，故 D 错误。5 【 答案】B【 解析】A.高炉煤气的成分与高炉高度是没有关系的 ,煤气中 CO 的含量是高炉生产的产物, 增加高炉的高度，不影响化学平衡移动，不会降低 CO 的含量，故 A 错误；B. 由表中数据可知升高温度，该反应的平衡常数降低，所以该反应属于放热反应，反应物的总能量生成物的总能量，故 B 正确；C.平衡常数只和温度有关，所以增大 c(CO)不会改变 K，故 C 错误；D. 1000下 Fe2O3(

38、s)CO(g) Fe(s)CO 2(g)，K=c(CO 2)/ c(CO) =4, c(CO) =210-3mol/L, c(CO2)=810-3mol/L,因为方程式中 CO 和 CO2的计量数相等，所以 CO 的平均速率为 mol/(Lmin)，故 D 错误；答案：B。6 【 答案】A【 解析】A一般而言，加热可使难溶电解质的溶解度增大，其溶度积常数增大，所以溶液中 c(Ni2+)和c(B2-)都增大，但 pNi 和 pB 存在关系为：pNi=pK sp(NiB)-pB，不是正比例函数关系，所以对于曲线 I，在 b 点加热，b 点不是向 c 点移动，故 A 错误；BNiS 和 NiCO3

39、是同类型难溶电解质，由于 Ksp(NiCO3)1.010 -7K sp(NiS)1.010 -21，所以常温下 NiCO3 的溶解度大于 NiS 的溶解度，故 B 正确；C对于 d 所处溶液，有 Ksp(NiB)=c(Ni2+)c(B2-)，向 d 点对应的溶液中加入对应阴离子的钠盐，即 c(B2-)增大，则 c(Ni2+)减小，pNi 增大，即 d 点向 b 点移动，故 C 正确；D产生 NiS 或者 NiCO3，则有 pNi+pB=pKsp(NiB)，由于 Ksp(NiS)=1.010-21，K sp(NiCO3)=1.010-7，所以 P 点对应的是较小的 pKsp(NiB)，即 Ksp

40、(NiB)较大，因此 P 点对应的是NiCO3，pNi=pB= =3.5，故 D 正确。7 【 答案】MnO 2 + 4HCl MnCl2+Cl2+H2O 饱和食盐水 2NO +Cl2 =2NOCl F 中的水蒸气进入 D 装置中，会导致产品水解 NO O2 1:1 2HSO3 +2H+2e=S2O42+2H2O 【 解析】（1）实验室制取氯气是利用二氧化锰和浓盐酸在加热条件下反应生成氯化锰、氯气和水，其反应的化学方程式为：MnO 2+4HCl MnCl2+Cl2+H2O；浓盐酸易挥发，产生的氯气中含有氯化氢气体，在装置 B 中盛放饱和食盐水，其作用是除去 Cl2 中 HCl 气体；故答案为：

41、MnO 2+4HCl MnCl2+Cl2+H2O；饱和食盐水。（2）NOCl 分子中各原子均满足 8 电子稳定结构，各原子最外层电子数分别为5、6、7，各需要形成的电子对为 3、2、1，则 NOCl 的电子式为： ；故答案为： 。装置 D 中是先通入的干燥氯气与干燥的 NO 反应制取 NOCl，其发生的反应方程式为：2NO +Cl2 =2NOCl；故答案为： 2NO +Cl2 =2NOCl。亚硝酰氯(NOCl) 遇水易水解，如果不用装置 E 则 F 中的水蒸气进入 D 装置中，会导致产品水解；故答案为：F 中的水蒸气进入 D 装置中，会导致产品水解。氯气能与氢氧化钠溶液反应，但 NO 不能反应

42、，也不溶于水，则装置 F 不能有效吸收尾气中的 NO 气体，为了充分吸收尾气，可将尾气与氧气同时通入氢氧化钠溶液中；故答案为：NO；O 2。（3）吸收塔内发生反应的化学方程式为：2NO+2S 2O42+2H2O=N2+4HSO3，其中氧化剂是 NO，还原剂是 S2O42，则氧化剂与还原剂物质的量之比为 1：1；故答案为：1:1 。阴极 HSO3得到电子生成 S2O42，其电极反应式为：2HSO 3+2H+2e=S2O42+2H2O；故答案为：2HSO 3+2H+2e=S2O42+2H2O。8 【 答案】间二甲苯或 1,3-二甲基苯 取代反应 +2HNO3 +2H2O 10 AC 或或（合理即可

43、） 【 解析】 间二甲苯(A)被酸性高锰酸钾溶液氧化生成 B，B 为 ；苯(C)发生硝化反应生成 D，结合 E 的结构可知， D 为 ， D 发生还原反应生成 E，B 和 E发生成肽反应生成 F，F 中还原羧基和氨基，可以反应生成高分子化合物 G，G 为，据此分析解答。【详解】(1)A 的结构简式为 ，名称为间二甲苯或 1,3-二甲基苯；反应是羧基和氨基发生的成肽反应，属于取代反应；G 的结构简式为 ，故答案为：间二甲苯或 1,3-二甲基苯；取代反应 ；(2)反应为硝化反应，反应的化学方程式为 +2HNO3 +2H2O，故答案为： +2HNO3 +2H2O；(3)B 为 ， B 的芳香族同分异

44、构体 H 具有三种含氧官能团，其各自的特征反应如下：a遇 FeCl3 溶液显紫色，说明一种含氧官能团为酚羟基；b可以发生水解反应，说明一种含氧官能团为酯基；c可发生银镜反应，说明一种含氧官能团为醛基；符合以上性质特点的 H 有：酚羟基与醛基为邻位，酯基有 4 种位置；酚羟基与醛基为间位，酯基有 4 种位置；酚羟基与醛基为对位，酯基有 2 种位置，共 10 种，故答案为：10；(4)F 为 。A F 的分子式为 C14H12N2O3，A 正确；BF 中含有氨基、羧基和酰胺键(肽键 )三种官能团，B 错误；CF 中含有 11 种氢原子，核磁共振氢谱有 11 组吸收峰，C 正确； DF 可以水解得到

45、 和 ，得不到氨基酸，D 错误；正确的有 AC，故答案为：AC；(5) 以 CH3CH2COOH 为原料合成聚 2-氨基丙酸，首先需要合成 ，在CH3CH2COOH 的亚甲基中引入氨基，可以首先引入卤素原子，再利用题示信息 CH3 CH2Cl+NH3 CH3CH2NH2+HCl 转化为氨基即可，合成路线为，故答案为：。9 【 答案】 共价键 N 原子半径越小，X 的数值越大 放热 H=273kJ/molRb；(2)由表格中数据可知：Al 的 X 数值为 1.5，Cl 的 X 数值为 2.8，则 Br 的 X 数值比 2.8 还小，故 Al、Br 的 X 数值之差小于 1.7，因此二者形成的化学

46、键为共价键；(3) S 的 X 数值为 2.5，N 的非金属性大于 C(X 的数值为 2.5)，则 N 的 X 数值大于 S 的 X数值，即 N 的非金属性大于 S 的非金属性，即共用电子对偏向吸引电子能力强的 N 元素一方；(4)根据表格中第三周期元素可知：原子序数越大，原子半径越小，元素的 X 数据就越大，因此第二周期的元素也重复第三周期的变化规律，即：元素的原子序数越大，原子半径越小，元素的 X 的数值也越大；II.(1)根据图示可知反应物的能量比生成物的能量大，因此反应物转化为生成物时会放出热量，该反应为放热反应；判断反应的热效应；1molNH 4+(aq)全部氧化成 NO3-(aq)可由两步反应加和得到，热化学方程式为 NH4+(aq)+2O2(g)=2H (aq)+NO3- (aq)+H2O(l)H=346 kJ/mol ；(2)将热化学方程式 I 和 III 相加，整理可得 II 的热化学方程式： 3SO2(g)+2H2O(g)= 2H2SO4(l)+S(s) H2=254 kJ/mol；(3)根据题意，