2019年江苏省泰州市兴化市常青藤学校联盟中考物理一模试卷（含答案解析）

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1、2019 年江苏省泰州市兴化市常青藤学校联盟中考物理一模试卷一、单选题（本大题共 12 小题，共 24.0 分）1下列数据中，最接近生活实际的是（ ）A教室内一盏日光灯正常工作电流约为 1AB泰山山顶上的大气压约为 1.8105PaC一支新 2B 铅笔的长度约为 50cmD中学生步行的速度大约为 5km/h2下列关于声音的说法中不正确的是（ ）A“响鼓也要重锤敲”，说明声音是由振动产生的，且振幅越大响度越大B“震耳欲聋”说明声音的音调高C“隔墙有耳”，说明固体能传声D“闻其声知其人”，说明可以根据音色来判断说话者3对下列现象的成因解释正确的是（ ）A早春，河中的冰逐渐消融 汽化B盛夏，剥开包装

2、纸后冰棒会冒“白气”熔化C深秋，清晨的雾在太阳出来后散去液化D严冬，堆起的雪人逐渐变小 升华4站在水塘边看到水底变浅了。如图所示的四幅光路图中，哪一幅图能正确说明产生这一现象的原因（ ）A BC D5下列说法中正确的是（ ）A汽油机压缩冲程中是将内能转换成机械能B江苏田湾核电站是利用核裂变发电的C石油、风能、可燃冰属于可再生能源D根据能量守恒定律，能量不会消失，所以是不会有能源危机的6关于运动和力，下列说法正确的是（ ）A在平衡力的作用下物体一定静止B短跑运动员到达终点后不会马上停下来是由于运动员受到惯性作用C踢出去的足球在地上越滚越慢，说明物体的运动需要力来维持D物体不受力的作用，运动状态就

3、一定不改变7下面所述案例是物理学知识在生活中的广泛应用，其中说法正确的是（ ）A菜刀不锋利了在磨石上磨一磨，是为了减小压强B水坝建造成上窄下宽是因为液体的压强随深度增加而减小C用吸管能把饮料吸入嘴里，是因为嘴对饮料有吸引力D用高压锅煮食物熟得快，是因为锅内气压大液体沸点高8人们应用不同的简单机械来辅助工作，正常使用下列简单机械时说法正确的是（ ）A筷子可以省距离 B所有剪刀都一定省力C定滑轮可以省力 D撬棒越短一定越省力9电动汽车越来越多地进入普通家庭，电动汽车的核心部件是电动机，下面图中能正确反映电动机工作原理的是（ ）A BC D10如图是小文同学研究串联电路中电流、电压特点的实物连接图，

4、当开关闭合时，灯 L1 亮，灯L2 不亮，电流表和电压表均有读数，则故障原因可能是（ ）AL 2 短路 BL 2 断路 CL l 短路 DL 1 断路11小峻参加青少年科学素养大赛，设计了自动火灾报警器。报警器中有热敏电阻 R 和保护电阻 R0，其中 R 的阻值随温度升高而减小，当火灾发生时，温度升高，导致电表示数变大而触发报警装置。如图中能实现上述功能的电路图是（ ）A BC D12图甲是小灯泡 L 和电阻 R 的电流随电压变化图象，将它们按图乙所示接入电路中。已知该电路中电源的电压是 2V，则下列结论错误的是（ ）A只闭合开关 S，电路消耗的功率是 1WB当再闭合 S1 后，电流表示数变化

5、了 0.2AC当再闭合 S1 后，电路消耗的总功率为 1.2WD当再闭合 S1 后，电路消耗的功率将增大 0.4W二、填空题（本大题共 9 小题，共 26.0 分）13WiFi 是将电脑、手机与互联网以无线方式连接的技术，可进行信息、文件等材料的无线传输，此过程中各种信息是靠 来传输的，它在真空中的传播速度是 。14（3 分）小李同学身高 1.6m，当他站在平面镜前 1m 处时，镜中所成的像与他之间相距 m若他远离平面镜 0.5m，他的像 （靠近/ 远离）平面镜，像的大小将 （填“变大”、“变小”或“不变”）。15（3 分）小明站在匀速上升的观光电梯里，以电梯为参照物，小明是 的；上升过程中小

6、明的动能 ，机械能 （后两空均选填“增大”、“减小”或“不变”）16用丝绸摩擦玻璃棒，玻璃棒由于 （得到/失去）电子带正电，如图所示用这个玻璃棒靠近悬挂的气球，气球被推开，则气球带 电。17（4 分）小明的爸爸新买了一辆燃油小汽车，汽车轮胎表面刻有深槽花纹，是为了 ；汽车对地面的压力是由于 （选填“轮胎”、“ 地面”）发生形变而产生的；汽车依靠发动机工作时的 冲程获得动力；汽车在高速公路上行驶时，对地面的压力 （选填“等于”“小于”或“大于”）汽车的重力。18两个完全相同的容器中，分别盛甲、乙两种液体，将完全相同的两个小球 A、B 分别放入两容器中，当两球静止时，液面相平，球所处的位置如图所示

7、，A、B 两球受到的浮力大小关系是FA F B，甲、乙两种液体对容器底的压强大小关系为 p 甲 p 乙 （均选填“大于”、“小于”或“等于”）。19（5 分）小明利里图甲所示的电能表测量某品牌电热水壶的实际功率，测量时小明首先进行的操作是 ，接着观察到电能表的指示灯在 3min 闪烁 80 次，则该电热水壶实际功率是 W当壶中水的温度升高时，这是通过 的方法改变水的内能。图乙中 A、B 、C 是该电热水壶插头的三个插脚，当电热水壶工作时，其中与火线相连的插脚是 ，为了用电安全，在这三个插脚中，较长的插脚是 。20（3 分）在“探究物质的吸热能力”实验中，把质量均为 0.5kg 的水和食用油分别

8、装入两个相同的容器内，用相同的电加热器给它们加热，其温度随时间变化的图象如图所示。不考虑实验中的热损失，加热 2min 食用油吸收的热量是 J，食用油的比热容是 J/（kg），电加热器的实际功率是 W【c 水 4.210 3J/（kg）】21如图为电热水器的简化电路，它有加热和保温功能。R 1 和 R2 是两根电热丝，S 为温控开关，1、2 为开关的两个触点，当水温低于某个下限温度或高于某个上限温度时，S 在两个触点间自动切换，使水温维持在设定的范围。已知热水器的加热功率为 400W，保温功率为 100W，忽略温度对电阻的影响。当开关与触点 2 连通时，处于 状态。（填“加热”或“保温”），R

9、2 的阻值为 。三、计算题（本大题共 2 小题，共 14.0 分）22（7 分）如图所示，工人用滑轮组提升重为 400N 的货物所用拉力恒为 240N，货物被匀速提升10m。求（1）工人做的功（2）滑轮组的机械效率23（7 分）新能源纯电功汽车因其环保、节能、高效、维护方使等诸多优势，将来有望取代燃油车成为人们日常使用的重要交通工具，现在出租汽车中就已出现了纯电动汽车的靓丽身影。电动汽车提供能量的装置为车内的电池组，当它给电动机供电时，电动机将驱动车轮行驶。如图所示为国内某型号的纯电动汽车，若该车和车内乘客的总质量为 2.4103kg每个车轮与地面的接触面积为 0.01m2当该车在水平路面上以

10、 25m/s 的速度匀速行驶时，它受到的阻力约等于人和车总重的 0.02 倍，此时电池组加在电动机两端的电压为 320V，通过电动机的电流为 60A若连接导线的电阻不计，传动装置消耗的能量不计，求：（1）该电动汽车此时对地面的压强；（2）该电动汽车在水平路面上以 25m/s 的速度匀速行驶 10min 时，电动机牵引力所做的功（3）该电动汽车将电能转化为机械能的效率；四、作图题（本大题共 3 小题，共 6.0 分）24如图是射向凹透镜的两条光线，请画出这两条光线通过凹透镜后的折射光线；25如图，水杯静止在水平桌面上，O 是水杯的重心。在图中面出水杯受力的示意图26如图所示，根据通电螺线管的“S

11、、N”极，判断并标出电源“+、”极和静止的小磁针的“S、N”极。五、实验探究题（本大题共 7 小题，共 30.0 分）27（3 分）物理实验小组用如图 1 所示的装置探究“水的沸腾”实验：测温物质 凝固点/ 沸点/水银 39 357酒精 117 78（1）实验小组观察到水沸腾前和水沸腾时水中气泡的情况如图 2 所示，图中 （选填“甲”或“乙”）是水在沸腾时的情况。（2）如图 3 中 a、b 是两个实验小组分别绘制的沸腾图象，由图象可知实验中他们所用水的 不同。（3）实验中为了减少从开始加热到沸腾所用的时间，可以采取的措施是 （写出一种即可）。28（6 分）在探究“凸透镜成像规律”的实验中。（1

12、）如图甲，平行光正对凸透镜照射，光屏上出现一个最小最亮的光斑，则凸透镜的焦距 f cm。（2）如图乙，光屏上呈现清晰的像，此像的性质是倒立 （选填“放大”、“缩小”或“等大”的实像。在放大镜、照相机和投影仪中，成像原理与其相同的是 ；（3）如图丙所示，保持蜡烛的位置不变，移动透镜至图丙所示刻度线处，则人眼应该在图中 （选填“A”、“B”或“C” ）处且朝着相应方向，才能观察到烛焰的像。（4）图丁中，点燃蜡烛，经过凸透镜在光屏上成清晰的、倒立缩小的实像。然后，在烛焰和凸透镜之间放一副近视眼镜，发现光屏上的像变模糊了。不改变眼镜和透镜的位置，要使光屏上再次呈现清晰的像，可将蜡烛 透镜或将光屏 透镜

13、（两空均选填“靠近”或“远离”）。29（4 分）为了测量某种食用油的密度，进行如下实验操作（1）将托盘天平放在水平桌面上，把游码移到标尺左端的“0”刻度线处，发现指针静止时如图甲所示的位置，则应将平衡螺母向 调节使橫梁平衡（选填“左”或“右”）（2）用天平称量出空烧杯的质量 m138.4g；然后向烧杯中倒入适量的食用油，称量出烧杯和食用油的总质量 m2（如图乙所示）；则烧杯中食用油的质量为 g。（3）把烧杯中的食用油全部倒入量筒中，如图丙所示。（4）测出食用油的密度为 kg/m 3，比实际密度值偏 （选填“大”或“小”）。30（3 分）用一轻质杠枉做“探究杠杆的平衡条件”实验：（1）图甲中，为

14、使杠杆在水平位置平衡，应将左端的平衡螺母向 侧调节；（2）杠杆水平平衡后，小李同学在杠杆上悬挂钩码，杠杆静止时如图乙所示。小明认为这样操作会对实验产生以下影响：可能不便于测量力臂或出现力臂测量错误无法得出杠杆平衡条件，上述说法正确的是 。AB C（3）图丙中，杠杆恰好处于水平平衡状态，若在 B 处下方再加加挂两不钩码，则 A 处所挂钩码须向左移动 格，可使杠杆在水平位置再次平衡。31（4 分）为比较酒精和碎纸片这两种燃料的热值，小明采用如图所示的装置进行实验：（1）除图中所示的器材外，实验还需要的测量器材是： ；（2）实验中根据 （选填“加热时间”或“升高的温度”）来比较热量多少。（3）实验中

15、，小明在烧杯中加入 300g 水，调好装置后，加热使水温升高 50，测得此过程中消耗了 6g 酒精，他利用酒精燃烧放出的热量与水吸收的热量相等，算得酒精热值 q J/kg，他查表得到 q 酒精 3.0 l07J/kg，发现两者偏差较大，你认为其中的原因可能是 （写出一条原因即可）（水的比热容为 4.2103J/（kg）32（3 分）实验小组用如图所示的电路来探究并联电路中电流的关系：（1）实验时，接好电路后，闭合开关发现两灯都亮。但由于连线较乱，一时无法确定两灯是串联还是并联，小明灵机一动，随意拆下一根导线，发现两灯都熄灭，因此他认定两灯是串联的，小明的方法是 的（“正确”或“错误”），理由是

16、 。（2）正确接好电路后，把电流表分别接入到 A、B、C 三处，测出第一组数据；为了防止个别偶然因素的影响，小组同学采用以下两种方法之一来重复实验，并完成第二次和第三次测量。方法一：改变电源电压；方法二：更换其中一条支路中的灯泡（规格不同）。实验测得数据如下表，通过对表中数据的分析可知：，后面两次实验是采用方法 （选填“一”或“二”）进行的。A 处的电流 B 处的电流 C 处的电流第一次测量 0.10 0.12 0.22第二次测量 0.20 0.24 0.44第三次测量 0.25 0.30 0.5533（7 分）朵朵和同学们在做电学实验过程中：（1）朵朵和同学们经过讨论，依次完成了“探究电流与

17、电压的关系”三次实验电路的设计，如图甲、乙、丙所示。由图甲改进为图乙是为保证实验过程中 这一因素不变；由图乙改进为图丙是因为使用滑动变阻器既能保护电路，又能通过调节使电阻 R 两端的电压 （选填“改变”或“保持不变”）。（2）请用笔画线代替导线，帮助朵朵按电路图丙将图丁中实物电路连接完整。（3）朵朵连完电路，闭合开关后，发现两只电表的指针总在晃动。请分析造成这一现象的原因：电路存在 。（4）在继续用图丁的实物电路探究“电流与电阻的关系”时，朵朵先将 5电阻接入电路，调节滑动变阻器，使电压表的示数为 2V，记下电流值；再将 5电阻换成 10电阻，她下一步操作是：将滑动变阻器的滑片向 （选填“A

18、”或“B”）端移动。（5）朵朵和同学们完成上述探究活动后，想测量一只额定电压为 2V 小灯泡的额定功率，但发现电压表被别的同学拿走了，于是她借助一个 10的电阻，设计了如图戊所示的电路，也测出了小灯泡的额定功率。具体操作如下：只闭合开关 S1、S 2，调节滑动变阻器，使电流表的示数为 A 时，小灯泡恰好正常发光；只闭合开关 S1、S 3，保持滑动变阻器滑片的位置不变，读出电流表示数为 I。P 灯 （用已知量和测量值表示，数值要求带单位）。2019 年江苏省泰州市兴化市常青藤学校联盟中考物理一模试卷参考答案与试题解析一、单选题（本大题共 12 小题，共 24.0 分）1【分析】用生活中我们熟悉的

19、一些数据作为根据，进行单位换算，有时要利用基本公式求未知物理量。转化成自己熟悉的量，然后作出判断。【解答】解：故 符合实际；A、教室内日光灯的功率约为 40W，电压 220V；则通过它的电流：I 0.18A，故A 错误。B、地球表面的大气压约为 1105Pa，泰山山顶的大气压要小于地球表面的大气压，故 B 错误；C、一支新 2B 铅笔的长度约为 20cm，故 C 错误；D、中学生正常步行的速度约为 1.4m/s5km/h，故 D 正确。故选：D。【点评】此题考查的是学生对一些常见物理量的估测能力，需要学生对生活中的常见物理量单位、大小有所认识，此题就会得到正确答案。2【分析】声音有三大特征，分

20、别是响度、音调和音色。响度是指声音的强弱，它与振幅有关。音调是指声音的高低，它与频率有关。音色是指声音的品质与特色，不同物体发出的声音音色是不同的。声音的传播需要介质，真空不能传声。根据以上内容，对各个选项进行分析。【解答】解：A、物体振幅越大，响度越大。故 A 正确；B、“震耳欲聋”说明声音的响度大。故 B 错误；C、墙壁是固体，固体可以传声。故 C 正确；D、不同人说话的特点不同，就是指音色不同。故 D 正确。故选：B。【点评】本题考查声音的三个特征，及其相关因素。同时要了解声音的传播需要介质这一特点。3【分析】要分析是什么物态变化，就要先确定此物质原来是什么状态，现在又是什么状态，即判断

21、该物质由什么状态变化到什么状态。【解答】解：A、河中的冰消融是固态冰变液态水，是熔化现象。此选项错误；B、冰棒冒的“白气”是冰棒周围的气态的水蒸气遇冷变成的液态小水珠，是液化现象。此选项错误；C、雾散去是液态的水变气态的水蒸气，是汽化现象。此选项错误；D、雪人变小是固态的冰直接变成了气态的水蒸气，是升华现象。此选项正确。故选：D。【点评】此题考查的是物态的几种变化，要注意物质原来和现在的状态，也要区别汽化的“汽”和气态的“气”。4【分析】人看水中的物体实际上看到的是水中物体的像，根据光从水中斜射入空气中时折射角大于入射角分析。【解答】解：人看到池底变浅是由于从池底发出的光线由水中进入空气时，在

22、水面上发生折射，折射角大于入射角，折射光线进入人眼，人眼会逆着折射光线的方向看去，就会觉得池变浅了。选项 AC 光的传播方向错误，选项 B 折射角等于入射角了，只有选项 D 正确。故选：D。【点评】解本题利用了光从水中斜射入空气中时发生了折射，且此时折射角大于入射角，此题只是让确定这一现象的形成机制，若是解释具体原因，画光路图解释起来更容易，且更直观。5【分析】（1）掌握四个冲程中的能量转化情况，吸气和排气冲程不发生能量转化，压缩冲程将机械能转化为内能；做功冲程将内能转化为机械能；（2）获得核能的方式：核裂变和核聚变两种，目前可供人们控制利用的核能是通过核裂变获得的；（3）能源从是否可再生角度

23、划分为可再生能源和不可再生能源。可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源。例：水能、风能、太阳能、生物质能、潮汐能。不可再生能源：不可能在短期内从自然界得到补充的能源。例：化石能源（煤炭、石油、天然气）、核能；（4）能量的转化是有方向性的，故即使能量符合守恒定律，某些能量也是在短期内无法再生的。【解答】解：A、四冲程汽油机在压缩冲程中，是将为机械能转化为内能，故 A 错误；B、江苏田湾核电站是利用核裂变方式来发电的，故 B 正确；C、石油、可燃冰属于化石燃料，不能短时期内从自然界得到补充，属于不可再生能源。风能在自然界中可以不断再生、连续利用，属于可再生能源，故 C 错误；D、能量的转化

24、是有方向性的，故即使能量符合守恒定律，某些能量也是在短期内无法再生的，故 D 错误。故选：B。【点评】本题考查了内燃机、核能的利用、能源的分类以及能量守恒定律，属于综合性题目。6【分析】在平衡力的作用下，物体保持静止或匀速直线运动状态；一切物体都具有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性。惯性是物体本身的属性，不是力；力是改变物体运动状态的原因，物体运动不需要力，改变运动状态才需要力；一切物体在不受力时，总保持静止或匀速直线运动状态。【解答】解：A、在平衡力的作用下物体保持静止或匀速直线运动。故 A 错误；B、短跑运动员到达终点后不会马上停下来，是由于运动员具有惯性，要保持原来的运动状态。故 B

25、错误；C、踢出去的足球在地面上越滚越慢，是因为足球受到阻力的作用，说明力是改变物体运动状态的原因。故 C 错误；D、力是改变物体运动状态的原因，物体不受力，运动状态就不会改变。故 D 正确。故选：D。【点评】此题考查了力和运动的关系、惯性的存在及牛顿第一定律的应用。正确、全面理解概念和规律，是解答的关键。7【分析】（1）增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，增大压力来增大压强。（2）液体的沸点跟气压有关，气压增大，沸点升高；气压减小，沸点降低。（3）吸管吸饮料时，是先把吸管内的空气吸走，在外界大气压的作用下，饮料被压进吸管里。（4）液体的沸点随液面上气压的增大

26、而升高，所以高压锅内气压高沸点高。【解答】解：A、菜刀钝了在磨石上磨一磨，可以减小受力面积增大压强，故 A 错误；B、液体的压强随深度增大而增大，所以拦河坝坝堤下面要筑得宽一些以保护坝堤，故 B 错误；C、用吸管吸饮料时，吸管内气压减小，大气压将饮料压入吸管内，故 C 错误；D、因为水的沸点与压强有关，压强增大，沸点升高，煮饭菜时高压锅的气压比普通锅内的气压高，所以水沸腾时高压锅内的温度高于普通锅内的温度，温度越高，饭菜熟的越快，故 D 正确；故选：D。【点评】本题综合性较强，考查了大气压的应用、压强的特点等多个知识点，是一道综合性较强的题目。8【分析】结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程

27、中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。从而判断选项正误。【解答】解：A、用筷子夹菜时，动力臂小于阻力臂，所以是一个费力杠杆，费力但省距离，故 A 正确；B、剪铁皮用的剪刀，在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；理发用的剪刀，在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；所以，剪刀有省力的，也有费力的，故 B 错误；C、定滑轮在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，不省力，故 C 错误；D、撬棒在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；在其它条件不变时，省力的多少取决于动力臂的长短，撬棒越短动力臂越小，越费力，故 D 错误。故选：A。【点评】此题考查的是定滑轮、斜

28、面、杠杆和惯性，涉及到的简单机械的内容比较多，要结合现实生活去分析问题，注重理论联系实际。9【分析】电动机的原理是利用通电导体在磁场中受到力的作用的原理制成的。【解答】解：A、图中没有电源，当导体在磁场中做切割磁感线运动时，电流表的指针会发生偏转，说明会产生感应电流，这是电磁感应现象，是发电机的原理，故 A 不符合题意；B、图中是奥斯特实验的装置图，说明了通电导体周围存在磁场，故 B 不符合题意；C、图为电磁铁的原理图，是探究磁性强弱与线圈匝数的关系，是根据电流的磁效应制成的，故C 不符合题意；D、当闭合开关后，通电导体在磁场中受力运动，是电动机的原理，故 D 符合题意。故选：D。【点评】电动

29、机是将电能转化为机械能的机械，它在工作时要消耗电能，因此解题时观察图形中有无电源是此题的解题关键。10【分析】（1）首先分析电路的连接方式为灯泡 L1 和 L2 串联，电流表测电路电流，电压表测量灯 L1 的电压（2）根据灯泡的亮度变化和电流表、电压表示数的情况分析电路的故障。【解答】解：串联电路中一灯亮一灯不亮，则可能不亮的灯泡短路了，即 L2 短路，电流表有示数，说明电路故障不可能是断路，电压表有示数，说明电压表所测部分没有短路，综合判断，所以是 L2 短路。故选：A。【点评】（1）电压表无示数说明电压表所测量电路中，包含电源的部分电路断路或不包含电源部分短路，再由电路中有无电流来判断是断

30、路还是短路。有电流，则电路为短路；无电流，则电路为断路。（2）电压表有示数说明电压表所测量电路中，包含电源的部分电路短路或不包含电源部分断路，再由电路中有无电流来判断是断路还是短路。有电流，则电路为短路；无电流，则电路为断路。11【分析】已知热敏电阻 R 的阻值随温度升高而减小，温度升高电表示数变大，报警装置报警。由此对各选项分析解答。【解答】解：由题知，温度升高，R 的阻值减小，电表示数变大，报警装置报警，A、图中两电阻串联，电压表测 R 两端电压，温度升高时 R 电阻减小，根据串联电路的分压原理知，电压表示数变小，不能触发报警装置，不合题意；B、图中两电阻串联，电压表测电源电压，温度升高时

31、 R 电阻减小，电压表示数保持不变，不能触发报警装置，不合题意；C、图中两电阻串联，电流表测电路中电流，温度升高时 R 电阻减小，电路总电阻减小，所以电流表示数变大，能触发报警装置，符合题意；D、图中电流表将 R 短路，电路为 R0 的简单电路，温度升高时不能引起电路中电阻的变化，电流表示数不变，不能触发报警装置，不合题意；故选：C。【点评】本题以自动火灾报警器为情景考查了电路设计，明确要求，正确分析电路的连接以及电表作用是关键。12【分析】（1）由电路图可知，只闭合开关 S 时，电路为 L 的简单电路，电流表测电路中的电流，由甲图象读出通过小灯泡的电流，根据 PUI 求出电路消耗的功率；（2

32、）当再闭合开关 S1 时，灯泡与定值电阻 R 并联，电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点可知 R 两端的电压，由甲图象可知此时通过 R 的电流，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过灯泡 L 的电流不变，则通过 R 的电流即为电流表示数的变化量，根据并联电路的电流特点求出干路电流，利用 PUI 求出电路消耗的总功率，根据PPP 求出电路消耗功率的增加量。【解答】解：（1）由电路图可知，只闭合开关 S 时，电路为 L 的简单电路，电流表测电路中的电流，电源的电压是 2V，则灯泡两端的电压为 2V，由甲图象可知，通过灯泡的电流为 0.5A，则电路消耗的功率：PUI L2V0.5A1W，

33、故 A 正确；（2）当再闭合开关 S1 时，灯泡 L 与定值电阻 R 并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，此时 R 两端的电压为 2V，由图象可知 IR0.2A ，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，通过 L 的电流不变，则电流表示数的变化量：II R0.2A，故 B 正确；因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流表的示数：II L+IR0.5A+0.2A0.7A，此时电路消耗的总功率：PUI2V0.7A1.4W ，故 C 错误；电路消耗功率的增加量：PPP 1.4W1W0.4W，故 D 正确。故选：C。【点评】本题考查了并联电路的特点和电功率

34、公式的应用，利用好并联电路中各支路独立工作、互不影响是关键。二、填空题（本大题共 9 小题，共 26.0 分）13【分析】电磁波可以传递信息，其传播速度等于光速，即为 3108 m/s。【解答】解：利用 WiFi 无线上网时，路由器利用电磁波向四周有效范围内的终端传递信息；电磁波的传播速度等于光速，为 3108m/s。故答案为：电磁波；310 8m/s。【点评】该题考查了电磁波的应用及电磁波的传播深度，是一道基础性题目。14【分析】解答此题应掌握平面镜成像的特点：像和物体形状、大小相同；像和物体各对应点到平面镜间的距离相等。【解答】解：因为平面镜所成的像和物体到平面镜间距离相等，所以，由他到平

35、面镜的距离为1m 可得，镜中所成的像与平面镜之间的距离为 1m，则镜中所成的像与他之间相距1m22m；若他远离平面镜 0.5m，他的像也随之远离平面镜；因为平面镜所成的像和物体形状、大小相同，所以像的大小将不会改变。故答案为：2；远离；不变。【点评】平面镜成像的特点在实际生活中应用非常广泛，也是光学中一个很重要的知识点，要求熟练掌握，并学会灵活运用。15【分析】（1）判断物体的运动和静止，首先确定被研究的物体是小明，小明和参照物电梯之间没有发生位置的改变，小明是静止的。（2）判断动能大小的变化，从动能的两个影响因素质量和速度去判断。（3）判断重力势能大小的变化，从重力势能的两个影响因素质量和高

36、度去判断。【解答】解：（1）被研究的物体是小明，以电梯为参照物，小明和电梯之间没有发生位置的变化，所以小明是静止的。（2）小明乘电梯匀速上升时，小明的质量不变，速度不变，动能不变，小明上升时，质量不变，高度增大，重力势能增大，故机械能增大。故答案为：静止；不变；增大。【点评】（1）掌握由参照物判断物体的运动和静止，或根据物体的运动和静止选择参照物。（2）掌握动能和重力势能大小的影响因素。（3）根据动能、重力势能大小的影响因素能判断动能和重力势能的变化。16【分析】（1）自然界存在两种电荷，正电荷和负电荷。用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电。（2）同种电荷相互排斥，异种电荷相

37、互吸引。【解答】解：用丝稠摩擦玻璃棒，玻璃棒由于失去电子而带正电。因为同种电荷相互排斥，而玻璃棒靠近悬挂的气球，气球被推开，则气球与玻璃棒带同种电荷，都带正电。故答案为：失去；正。【点评】掌握正电荷和负电荷的规定，掌握电荷间的作用，是解答本题的关键。17【分析】（1）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。（2）物体发生弹性形变而产生的力叫弹力，生活中的压力、支持力都属于弹力。（3）内燃机的做功冲程将内能转化为机械能。（4）车子静止在水平面上，车子对路面的压力等于重力；当流线型的车子快速行驶时，产生升力，车子对地面

38、压力减小。【解答】解：（1）汽车轮胎表面刻有深槽花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。（2）汽车对地面的压力是由于轮胎发生形变而产生的。（3）汽车依靠发动机工作时的做功冲程，将内能转化为机械能，从而获得动力。（4）小汽车外型是流线型，当汽车高速行驶时，相同时间内，空气经过上方的路程比下方路程长，上方流速大、压强小，汽车受到向上的压强差，从而产生向上的“升力”，所以汽车对路面的压力减小，小于汽车的重力。故答案为：增大摩擦力；轮胎；做功；小于。【点评】此题考查多个知识点，运用增大摩擦力的方法、流体压强与流速的关系、弹力产生的原因、理解内燃机的工作过程；可解答此题。18【分析】

39、（1）A、B 是两个完全相同的小球，漂浮和悬浮时受到的浮力都等于重力，由此可知两小球受浮力大小关系；（2）根据漂浮和悬浮时液体密度和球的密度关系，找出两种液体的密度关系，又知道两容器液面等高（深度 h 相同），利用液体压强公式分析两种液体对容器底压强的大小关系。【解答】解：由图可知，甲球漂浮，乙球悬浮，所以两球受到的浮力都等于各自的重力，而两个小球是相同的，重力相等，所以 FAF BG。因为 A 球漂浮，所以 甲 球 ，因为 B 球悬浮，所以 乙 球 ，则两种液体的密度大小关系是： 甲 乙 ；因为两容器液面等高，根据液体压强计算公式 pgh，可得液体对容器底部的压强大小关系为：p 甲 p 乙

40、。故答案为：等于；大于。【点评】本题考查液体压强公式公式和浮力的应用，关键知道物体漂浮时浮力等于重力，物体密度小于液体密度，物体悬浮时浮力等于重力，物体密度等于液体密度。影响浮力的因素是液体密度和排开液体的体积，影响液体压强的因素是液体密度和液体深度，本题影响因素是液体的密度。19【分析】（1）要测量电水壶的电功率，需使电水壶单独工作，将其它用电器关闭；根据灯闪烁的次数结合参数求出消耗的电功，由 P 计算出功率；（2）改变物体内能的方法：做功、热传递；（3）三脚插头左右两个脚是接的火线或零线，最上面的脚接地线，其与用电器的金属外壳相连，接金属外壳的长插脚比其它两脚稍长一些。这样插插头时能使家用

41、电器的金属外壳先接地，拔插头时能使金属外壳后离开地线，即使家用电器因绝缘不好“漏电”，也会使电流通过导线导入大地，人也就不会触电。【解答】解：（1）在测量电热水壶的实际功率时，要关闭其他的用电器，使电水壶单独工作；根据参数 1600imp/（kWh）知，每消耗 1kWh 的电能，电能表的指示灯闪烁 1600 次；所以，指示灯闪烁 80 次，电水壶消耗的电能为：W kWh kWh0.05kW h，电热水壶实际功率：P 1kW 1000W；（2）电热水壶烧水时消耗了电能，从而使电热丝的温度升高，水从电热丝吸收热量，温度升高、内能增加，是通过热传递改变了水的内能；（3）插座是“左零右火中接地”，C

42、插头对应三孔插座的左边，即应该是零线，B 插头对应三孔插座的右边，应该是火线；当插头插入插座的瞬间，因为长插脚比其它两脚稍长一些，所以长插脚先接触地线；使金属外壳先与地线相连，然后才是火线和零线的连接；拔插头时，由于火线和零线的这两脚短，刚刚断开火线和零线时，长插脚稍长一些，仍处于连接状态，金属外壳仍未离开地线；因此如果用电器“漏电”，在插插头或拔插头的过程，人不会触电，在这三个插脚中，较长的插脚是 A。故答案为：要关闭其他的用电器，使电水壶单独工作；1000；热传递；B；A。【点评】本题考查了使用电能表时电能、电功率的计算，以及改变物体内能的方法，关键是理解电能表参数的含义，并能计算出电能表

43、消耗的电能。20【分析】由图象可知，加热 2min 后水和食用油温度的变化量，用两个相同的电热器给质量相同的水和食用油加热相同的时间时，两者吸收的热量相等，根据 Q 吸 cmt 求出水吸收的热量即为加热 2min 食用油吸收的热量，再根据 Q 吸 cm t 求出食用油的比热容，不考虑实验中的热损失，电加热器消耗的电能和液体吸收的热量相等，根据 P 求出电加热器的实际功率。【解答】解：由图象可知，加热 2min 后，水和食用油温度的变化量分别为：t 水 402020， t 食用油 602040 ，因两个相同电热器的加热功率相等，且不考虑实验中的热损失，所以，由 QWPt 可知，相同时间内水和食用

44、油吸收的热量相等，则加热 2min 食用油吸收的热量：Q 食用油 Q 水 c 水 mt 水 4.210 3J/（kg）0.5kg204.210 4J，食用油的比热容：c 食用油 2.110 3J/（kg），电加热器的实际功率：P 350W。故答案为：4.210 4；2.110 3；350。【点评】本题考查了吸热公式和电功率公式的灵活应用，知道相同电热器在相同的加热时间内产生的热量相等是关键。21【分析】（1）电源的电压一定时，由 PUI 可知，电路的总电阻最小时电路的总功率最大，电热水器处于加热状态，反之处于保温状态；（2）根据 PUI 求出加热时的总电阻即为 R1 的阻值，同理求出保温时的总

45、电阻，利于电阻的串联求出 R2 的阻值。【解答】解：（1）由电路图可知，开关与触点 1 连通时，电路为 R1 的简单电路，电路的总电阻最小，电源的电压一定时，由 PUI 可知，电路的总功率最大，电热水器处于加热状态，开关与触点 2 连通时，R 1 与 R2 串联，电路的总电阻最大，电路的总功率最小，电热水器处于保温状态；（2）开关与触点 1 连通时，电路为 R1 的简单电路，电热水器处于加热状态，由 PUI 可得，R 1 的阻值：R1 121，开关与触点 2 连通时，R 1 与 R2 串联，电热水器处于保温状态，此时电路的总电阻：R 484，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，R 2 的

46、阻值：R2RR 1484 121 363 。故答案为：保温；363。【点评】本题考查了电阻的串联和电功率公式的应用，正确的判断出电热水器处于不同档位时电路的连接方式是关键。三、计算题（本大题共 2 小题，共 14.0 分）22【分析】（1）根据 snh 求出绳子自由端移动的距离，然后根据 WFs 求出拉力做的总功，（2）根据 snh 求出物体上升的高度，然后根据 WGh 求出有用功，最后根据 100%求出滑轮组的机械效率；【解答】解：（1）由图知，n2，则绳子自由端移动的距离：s2h210m20m，工人做的功：W 总 Fs240N20m4800J；（2）提升物体做的有用功：W 有 Gh400N

47、 10m4000J，则滑轮组的机械效率： 100% 100%83.3%。答：（1）工人做的功为 4800J；（2）滑轮组的机械效率 83.3%。【点评】本题考查使用滑轮组功、机械效率的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，重点知道根据动滑轮上绳子的段数求绳子自由端移动的距离，属于常考题型。23【分析】（1）汽车对水平路面的压力等于其重力，应用压强公式可以求出汽车对水平地面的压强。（2）汽车做匀速直线运动牵引力与阻力相等，根据 PFv 求出牵引力做功的有用功率，根据P 算出电动机牵引力所做的功；（3）根据 PUI 求出消耗的电功率，根据 求出电能转化为机械能的效率。【解答】解：（1）电动汽车对水平地面的压力：FGmg2.410 3kg10N/kg2.410 4N，受力面积 S4S 040.01m 20.04m 2，电动汽车对水平地面的压强：p 610 5Pa；（2）电动汽车在水平路面上匀速行驶，则汽车受到的牵引力Ff0.02G0.022.410 4N480N，汽车匀速行驶牵引力做功的功率：P 有用 Fv480N25m/s1.2 104W；根据 P 得，匀速行驶 10min 时电动机牵引力所做的功：WP 有用 t1.210 4W1060s7.210 6J；（3）电动汽车行驶消耗的电功率：P 电 UI320V60