2018-2019学年江苏省南京市九年级（上）期末物理试卷（含答案解析）

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1、2018-2019 学年江苏省南京市九年级（上）期末物理试卷一、选择题（本题共 12 小题，每小题 2 分，共 24 分）每小题给出的四个选项中只有一个选项正确，请将正确选项填在答题卡上1下列哪一个单位不是电功率的单位（ ）AW BkW CkWh DJ/s2下列说法中与实际相符的是（ ）A人体的安全电压不低于 36VB一节新蓄电池的电压为 1.5VC家用微波炉正常工作时的电流大约是 0.3AD挂壁式空调正常工作时的功率约为 1200W3如图所示，属于费力杠杆的是（ ）A 镊子 B 起瓶器C 剪刀 D 钢丝钳4掉在水平地面上的弹性小球会跳起，而且弹跳的高度会越来越低。图示是小球弹跳的频闪照片，小

2、球在 1、2 位置的高度一样。则（ ）A小球在 1、2 位置的动能相同，机械能也相同B小球在 1、2 位置的动能相同， 2 位置的机械能较小C小球在 1、2 位置的机械能相同， 2 位置的动能较小D小球在 1、2 位置的重力势能相同， 2 位置的动能较小5下列说法中正确的是（ ）A只要物体吸收了热量，温度就一定升高B只要物体的内能增加了，就一定是吸收了热量C物体的温度虽然没有变化，但它的内能有可能增加D只要物体的温度保持不变，就一定没有吸热也没有放热6下述各种现象中，属于做功改变内能的是（ ）（1）锯条锯木头，锯条发烫 （2）擦划火柴，火柴头着火 （3）冬天对着手呵气，手变暖 （4）电流通过导

3、体，导体会发热。A（1）（2） B（2）（3） C（1）（2）（3） D（1）（2）（4）7家用电吹风主要由带扇叶的电动机和电热丝组成，为了保证电吹风的安全使用，要求：电吹风不吹风时，电热丝不能发热；电热丝不发热时，电吹风仍能吹风。如图电路中符合要求的是（ ）A BC D8如图所示，电源电压不变，R 1R2 为定值电阻且 R1R 2开关 S 闭合后，电流表示数最大的是（ ）A BC D9将光敏电阻 R、定值电阻 R0、电流表、电压表、开关和恒压电源连接成如图所示电路。光敏电阻的阻值随着光照强度的增大而减小。闭合开关，逐渐增大光照强度，则（ ）AA 表和 V 表示数均变小BA 表示数变大，V 表

4、示数变小CA 表示数变小，V 表示数变大DA 和 V 表示数均变大10家用照明的白炽灯泡，有时灯丝会被烧断，烧断灯丝经常是发生在开灯的那一瞬间，这是因为在开灯的那一瞬间（ ）A通过灯丝的电流比正常工作时的电流大B灯丝两端的电压比正常工作时的电压高C灯丝的电阻等于正常工作时的电阻D灯泡的实际功率比额定功率小11如图所示电路，电源电压不变，当开关 S1 闭合、S 2 断开时，电流表示数为 0.2A，电压表示数为 6V；若将两表互换位置，并同时闭合 S1 和 S2，电流表示数为 0.5A，则下列说法中正确的是（ ）A电压表示数为 3.6V BR 1 的阻值为 18CR 2 的阻值为 30 D整个消耗

5、的功率为 3W12如图所示，电源电压恒为 9V，电压表的量程为 03V，电流表的量程为 00.6A，滑动变阻器的规格为“240.8A”，灯泡标有“3V1.5W”字样。闭合开关，在电路安全的情况下（不考虑灯丝电阻的变化），则下列说法中正确的是（ ）A灯泡的最小功率是 0.54WB滑动变阻器的电阻允许调节的范围是 024C电流表示数的变化范围是 0.1A0.5AD电压表示数的变化范围是 1V3V二、填空题（本题共 8 小题，每空 1 分，共 26 分）13有一杠杆，动力臂是阻力臂的 4 倍，则 F 动 ：F 阻 ，这是 （填省、费）力杠杆。如果两力臂都增加各自的 1 倍，则 F 动 ：F 阻 。1

6、4（1）唐诗中有“黄河远上白云间”和“不尽长江滚滚来”的诗句，从机械能的角度看，前一句生动形象地表明黄河水存储着大量的 能，后一句表明长江水具有大量的 能。（2）在探究“物体动能的大小与哪些因素有关”的实验中，让小车从斜面上由静止释放，小车下滑后撞击斜面底端的木块。实验时通过 来比较动能的大小。15如图甲所示装置，在透明塑料盒的底部钻一个孔，把电子式火花发生器的放电针紧紧地塞进孔中，打开塑料盒盖，向盒内滴入数滴酒精，再将盒盖盖紧，然后揿动电火花发生器的按钮，随着“呯”的一声响，看到盒盖 ，在此过程中，酒精燃烧后的燃气的 能转化为塞子的 能。图 中（选填“乙”或“丙”）汽油机的工作过程与这一实验

7、过程中能量的转化是一致的。如果该汽油机飞轮转速是 1800r/min，则它每秒钟内对外做功 次。16如图所示，当开关 S 闭合后，电压表和电流表均有一定的示数，两灯泡 L1、L 2 均正常发光。如果灯泡 L1 的灯丝突然断开，则电压表的示数将 （选填“变大”、“不变”或“变小”），电流表的示数将 （选填“变大”、“不变”或“变小”），灯泡L2 将会 （选填“变亮”、“变暗”或“熄灭”）。17如图所示是一种自动测定油箱内油面高度的装置。（1）图中虚线框内的装置相当于简单机械中的 ；（2）油量表是用 表改装的；（3）当油箱中的浮标向上运动时，R 的电阻值将 ，此时电路中的电流将 。（选填“增大”或

8、“减小”）18现有两电热水壶分别是甲“220V 1500W”、乙“220V1000W”，甲壶中装有 2kg的水，乙壶中装有 1kg 的水（水的初温相同），当同时给它们通电正常工作时， 壶（选填“甲”或“乙”）电流做功快；要想把水烧开， 壶（选填“甲”或“乙”）电流做功多； 壶（选填“甲”或“乙”）把水烧开需要的时间少。19我国某地的太阳能光伏发电项目已经并网成功，预计年发电量可达 5106kWh，这一项目是通过高科技将太阳能转化为 能。某学校共有 250 盏标有“220V40W”字样的日光灯，若它们同时正常工作，则通过其中一盏灯的电流为 A，上述电能可供这些日光灯正常工作 h。20一小灯泡上标

9、有“6V 3.6W”字样，其电流 I 随两端电压 U 变化关系的曲线如图所示。当元件两端的电压为 3V 时，元件的电阻为 ，电功率为 W。三、解答题（本大题共 11 小题，共 50 分）21如图所示，用裁纸刀裁纸。加在裁纸刀上的动力为 F，支点在 O 点，请在图中画出动力臂并用 L 标明。22如图所示，试在甲、乙两个“O ”内选填“电压表”和“电流表”的符号，使两灯组成并联电路。23请在图中用笔画线代替导线将电灯、插座正确接入电路。24在探究杠杆平衡条件的实验中，如果杠杆右侧高左侧低，则可将左侧的平衡螺母向 调节，使其在水平位置平衡。如图所示，在支点左侧 20cm 刻度处挂 3 个重均为 0.

10、5N 的钩码，在支点右侧 15cm 刻度处用弹簧测力计拉杠杆，使其水平平衡。要使弹簧测力计示数最小，弹簧测力计的拉力应沿 方向，此时读数为 N。25在“估测人上楼时的功率”的实验中：（1）为了计算出人上楼的功率，需测量一些物理量，所使用的测量工具分别为： 、 、 。（2）小明和小强两同学为比较上楼的功率的大小。小明的重力 500N，小强的重力 600N，他们跑到五楼，小明用时 30s，小强用时 28s，则 同学做功多； 同学做功快。26（6 分）某实验小组测一滑轮组机械效率的数据如表：实验次数动滑轮重 G动 /N钩码重G 钩 /N 钩码上升高度 h 钩/m直接将钩码举高做的功W 有用/J 动力

11、 F动 /N动力作用点移动距离S 动 /m使用滑轮组动力做的功 W总 /J滑轮组的机械效率 1 1 0.1 0.1 0.7 0.3 0.21 47.6%2 2 0.1 0.2 1.1 0.3 0.33 60.6%30.534 0.1 0.4 2 0.3 0.6 66.6%（1）请你在图中画出本实验的绕绳方法；（2）由表中数据可知，用同一滑轮组提升不同重物至同一高度，克服动滑轮的重所做的额外功 （填“相同”或 “不同”）；提升的物重增加时，克服摩擦和绳重所做的额外功 ，滑轮组的机械效率 （填“变大”、“变小”或“不变”）；（3）多次改变提升的物重测量滑轮组的机械效率，目的是为了 。A减小摩擦 B

12、多次测量取平均值减小误差 C获得多组数据归纳出物理规律（4）由本实验 （填“能”或“不能”）推断；任何机械的机械效率跟物重均有关。27如图所示的电路，L 1 和 L2 两只灯泡是 关系（选填“串联”或“并联”）。开关闭合后，电流表（甲）测量的是通过 的电流（选填“L 1”、“L 2”或“L 1 和 L2”，下同），电流表（乙）测量的是通过 的电流。28物理课上同学们用图装置探究“电热和哪些因素有关”：两个烧杯中水和煤油质量、初温都相等。（电路尚未连接）（1）实验装置中的错误之处是 ；（2）温度计的作用是 ；（3）若想探究“电热和电阻的关系”，则甲、乙两只电热器应该 联在电路中（选填“串”或“并

13、”），并且阻值 （选填“相等”或“不相等”）。29（11 分）学习电学时我们会做许多相关实验。实验一：在图所示的电路中，闭合开关 S，灯 L 不亮，电压表 V 有示数。已知除灯 L 和电阻 R 外，电路中各处均接触良好，其余元件均完好。（1）请判断该电路中存在的故障可能是 或 ；（2）为进一步确定故障，小华同学将图中的电压表正确并联在灯 L 两端，请判断他能否查找出电路的故障，并说明理由。 。（3）若小明同学将一个电流表正确串联在电路中，闭合开关 S，观察电流表的示数情况。若电流表有示数，说明故障是 ，若电流表无示数，说明故障是 。实验二：小明同学利用电压表和电流表测定待测电阻 Rx 的阻值，

14、他按下面正确的步骤进行实验：【设计实验】小明根据伏安法测电阻的原理设计了正确的电路图。【实验器材】电源（电压保持不变）、滑动变阻器（铭牌上标有“202A”字样）、电流表、电压表、待测电阻 Rx、开关、导线若干。（1）如图是他实验时的电路，但连接不完整，请你帮他完成电路的连接（要求滑片向右移，电压表示数变大）。（2）在连接实物电路时，闭合开关前应把滑动变阻器的滑片位置调到 （填写“C”或“D”）端。（3）闭合开关 S，观察到电压表和电流表示数分别为 1.7V 和 0.14A继续实验又测得两组数据，记录表格中。则该同学所用电源电压为 V。（4）实验中测出电阻 Rx 的阻值为 （结果保留一位小数）实

15、验次数 电压/V 电流/A 电阻/1 1.7 0.14 12.12 2.2 0.18 12.23 2.5 0.20 12.5（5）该同学设想进行第 4 次实验：调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为 1.5V，事实上实验没有做成功，其主要原因是 。30一辆汽车总质量为 1200kg，以 36km/h 的速度在水平公路上做匀速直线运动，已知发动机的功率是 60kW，求：（1）10min 内汽车发动机做了多少功？（2）若发动机输出的能量全部转化为汽车的机械能，则汽车受到的阻力是多少？31（7 分）某型号的电饭锅有两档，若开关 S 置于“1”挡和“2”挡时，串联在电路电流表示数分别为 5A 和 0.

16、1A，其测试电路如图所示。（1）当开关 S 置于“2”挡时，电饭锅处于 （“高温烧煮”或“焖饭、保温”），理由是 。（2）求电阻 R0 的值。（3）当开关 S 置于“2”挡时，电饭锅的总电功率是多大？（4）若电能全部转化为水的内能，当开关 S 置于“1”挡时，需用多少时间将质量是 2kg初温为 20的水烧至 100水的比热容为 4.2103J/（kg）2018-2019 学年江苏省南京市九年级（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共 12 小题，每小题 2 分，共 24 分）每小题给出的四个选项中只有一个选项正确，请将正确选项填在答题卡上1下列哪一个单位不是电功率的单位（ ）AW

17、 BkW CkWh DJ/s【分析】对每个选项中的单位进行分析，明确其来历及对应的物理量，确定符合题意的选项。【解答】解：在国际单位制中，A、W 是功率的主单位。不符合题意；B、kW 是功率的常用单位。不符合题意；C、kW h 是电能的常用单位。符合题意；D、J/s 是功率的主单位 W 的符合单位形式。不符合题意。故选：C。【点评】此题考查的是我们对常见物理量及其对应单位的掌握情况，属于识记性知识的考查，难度较小，容易解答。2下列说法中与实际相符的是（ ）A人体的安全电压不低于 36VB一节新蓄电池的电压为 1.5VC家用微波炉正常工作时的电流大约是 0.3AD挂壁式空调正常工作时的功率约为

18、1200W【分析】（1）对于生活中常见的电压值要熟练掌握，如一节干电池电压 1.5V、一节蓄电池电压 2V、我国照明电路电压 220V、对人体安全的电压是不高于 36V；（2）家庭电路的电压是 220V，家用微波炉的功率大约 1000W，挂壁式空调正常工作时的功率在 1000W 以上。【解答】解：A、对人体安全的电压为不高于 36V，故 A 不合实际；B、一节蓄电池的电压是 2V，故 B 不符合实际；C、家用微波炉的功率在 1000W 左右，正常工作时通过的电流 I 4.5A，故C 不符合实际；D、挂壁式空调正常工作时的功率在 1000W 以上，约为 1200W，故 D 符合实际。故选：D。【

19、点评】本题考查了学生对生活中常见的电压值和电功率值的了解与掌握，属于基础题目。3如图所示，属于费力杠杆的是（ ）A 镊子 B 起瓶器C 剪刀 D 钢丝钳【分析】结合生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。【解答】解：A、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故 A 正确B、起瓶器在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故 B 错误；C、剪刀在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故 C 错误；D、钢丝钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故 D 错误。故选：A。【点评】题考查的是杠杆的分类，主要包括以下几种：省力杠杆，

20、动力臂大于阻力臂；费力杠杆，动力臂小于阻力臂； 等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。4掉在水平地面上的弹性小球会跳起，而且弹跳的高度会越来越低。图示是小球弹跳的频闪照片，小球在 1、2 位置的高度一样。则（ ）A小球在 1、2 位置的动能相同，机械能也相同B小球在 1、2 位置的动能相同， 2 位置的机械能较小C小球在 1、2 位置的机械能相同， 2 位置的动能较小D小球在 1、2 位置的重力势能相同， 2 位置的动能较小【分析】（1）重力势能，其大小由地球和地面上物体的相对位置决定，物体质量越大、位置越高、物体具有的重力势能就越大；（2）机械能包括物体的动能和势能，小球弹跳的高度会越来越低隐含的信息

21、是机械能逐渐减小。【解答】解：（1）小球在 1、2 位置的高度相同，所以重力势能相同；由于与空气摩擦等，小球机械能逐渐减小，所以在 1 处的机械能大，2 处的机械能小；（2）小球在 1、2 位置的高度相同，所以重力势能相同，但在 2 处的机械能小，所以 2 位置的动能小。故选：D。【点评】对于这类题目要抓住题目的隐含信息，小球弹跳的高度会越来越低，就是明显告诉小球的机械能越来越小，由于高度相同，所以重力势能相同，所以动能在同样的高度时，动能会越来越小。5下列说法中正确的是（ ）A只要物体吸收了热量，温度就一定升高B只要物体的内能增加了，就一定是吸收了热量C物体的温度虽然没有变化，但它的内能有可

22、能增加D只要物体的温度保持不变，就一定没有吸热也没有放热【分析】（1）物体吸收了热量，温度不一定会升高，但内能增加；（2）改变物体内能的方法有做功和热传递【解答】解：A、物体吸热温度并不一定升高，如液体的沸腾过程，晶体的熔化过程等，故 A 错误；B、改变物体内能的方法有做功和热传递，物体的内能增加，可能是吸收了热量，也可能是外界物体对它做了功，故 B 错误；C、虽然物体的温度不变，它的内能可能增加，例如液体的沸腾过程，晶体的熔化过程等，吸收热量，温度不变，但内能增加，故 C 正确；D、晶体熔化时继续吸热，但温度不变，故 D 错误。故选：C。【点评】解决问题的诀窍是：物体吸热或温度升高，内能一定

23、增大；但物体吸收了热量，不一定是用来升高温度。6下述各种现象中，属于做功改变内能的是（ ）（1）锯条锯木头，锯条发烫 （2）擦划火柴，火柴头着火 （3）冬天对着手呵气，手变暖 （4）电流通过导体，导体会发热。A（1）（2） B（2）（3） C（1）（2）（3） D（1）（2）（4）【分析】改变物体内能的方式有两种：做功和热传递；它们的不同点是：热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程。【解答】解：（1）锯条锯木头，克服摩擦做功，使锯条的内能增加、温度升高而发烫，是利用做功的方式改变内能； （2）擦划火柴，克服摩擦做功，使火柴头的内能增加、温度升高达到燃点而燃烧，是利用做功的方式改

24、变内能； （3）冬天对着手呵气，是手从热气吸收热量，使手的内能增加、温度升而暖和，是利用热传递的方式改变内能； （4）电流通过导体，电流做功，消耗电能转化为内能，使导体会发热，是利用做功的方式改变内能。故选：D。【点评】本题考查了改变物体内能的方法，知道做功和热传递改变物体内能的区别是本题的关键。7家用电吹风主要由带扇叶的电动机和电热丝组成，为了保证电吹风的安全使用，要求：电吹风不吹风时，电热丝不能发热；电热丝不发热时，电吹风仍能吹风。如图电路中符合要求的是（ ）A BC D【分析】由题意“电吹风不吹风时，电热丝不能发热；电热丝不发热时，电吹风仍能吹风”可知，电热丝和电动机可以独立工作、即为并

25、联，且只有电动机工作时电热丝才能工作。【解答】解：A电热丝和电动机串联，而电动机不能够独立工作，故 A 不合题意；B电动机和电热丝并联连接，电路中只有一个总开关控制，开关闭合，电热丝和电动机同时工作，而电动机无法独立工作，故 B 不合题意；C电动机和电热丝并联连接，S 1 控制整个电路，S 2 控制电动机， S1 闭合，S 2 断开，只有电热丝工作，电动机不工作，故 C 不符合题意；D电动机和电热丝并联连接， S1 控制整个电路，S 2 控制电热丝，S 1 闭合，S 2 断开，只有电动机工作，闭合 S2 后，电动机和电热丝都工作，断开 S1 时，电动机和电热丝不工作，故 D 符合题意。故选：D

26、。【点评】本题考查了串并联电路的设计，根据题意得出电热丝和电动机的连接方式以及开关的位置是关键。8如图所示，电源电压不变，R 1R2 为定值电阻且 R1R 2开关 S 闭合后，电流表示数最大的是（ ）A BC D【分析】并联电路的总电阻小于任何一个分电阻，串联电路的电阻大于任何一个分电阻；根据 I 知，电压一定时，电阻越小，电流越大。【解答】解：A 图，闭合开关后，电阻 R1 被短路，只有 R2 工作，此时电流表的示数为 ；B 图，闭合开关后，电阻 R1 和电流表被短路，只有 R2 工作，则电流表的示数为 0；C 图，开关 S 闭合前，只有电阻 R2 工作，闭合开关后，两电阻并联，电流表测量干

27、路的总电流，由并联电路的电流特点可得，电流表的示数为 + ；D 图，开关 S 闭合前，只有电阻 R1 工作，电流表测量 R1 的电流，闭合开关后，两电阻并联，电流表仍测量 R1 的电流，其示数为 ；综合分析可知 C 图中电流表的示数最大。故选：C。【点评】本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律的应用，关键是开关闭合、断开时电路串并联的辨别以及电流表的测量范围。9将光敏电阻 R、定值电阻 R0、电流表、电压表、开关和恒压电源连接成如图所示电路。光敏电阻的阻值随着光照强度的增大而减小。闭合开关，逐渐增大光照强度，则（ ）AA 表和 V 表示数均变小BA 表示数变大，V 表示数变小CA 表示

28、数变小，V 表示数变大DA 和 V 表示数均变大【分析】由图可知，光敏电阻 R 与定值电阻 R0 串联，电压表测 R0 两端的电压，电流表测电路中的电流。根据“光敏电阻的阻值随光照强度的增大而减小”可知逐渐增大光照强度时 R 的阻值变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和 R0 两端的电压变化。【解答】解：由图可知，光敏电阻 R 与定值电阻 R0 串联，电压表测 R0 两端的电压，电流表测电路中的电流。因光敏电阻的阻值随光照强度的增大而减小，所以，逐渐增大光照强度时，R 的阻值减小，电路中的总电阻减小，由 I 可知，电路中的电流变大，即电流表 A 的示数变大，故 AC 错误；由 UIR 可知，

29、R 0 两端的电压变大，即电压表 V 的示数变大，故 B 错误、D 正确。故选：D。【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到欧姆定律的应用，利用好光敏电阻的阻值与光照强度的关系是关键。10家用照明的白炽灯泡，有时灯丝会被烧断，烧断灯丝经常是发生在开灯的那一瞬间，这是因为在开灯的那一瞬间（ ）A通过灯丝的电流比正常工作时的电流大B灯丝两端的电压比正常工作时的电压高C灯丝的电阻等于正常工作时的电阻D灯泡的实际功率比额定功率小【分析】灯泡钨丝的冷态电阻约是热态电阻的十分之一，通电瞬间电流约是正常工作电流的十倍；这个瞬间大电流会使灯泡内节点电阻较大的局部（比如灯丝与铜丝相接处以及钨丝受伤处）产生局部瞬

30、间大功率（温度大大超过工作状态），使灯泡损坏。【解答】解：A、由 I 可得，电压不变，在通电的瞬间，灯丝的电阻很小，因此通过灯丝的电流比正常工作时的电流大，符合题意；B、灯两端的电压近似等于正常工作电压，不符合题意；C、灯丝的电阻比正常工作时的电阻小很多倍，不符合题意；D、灯泡的实际功率比额定功率大很多倍，所以灯泡才烧坏，不符合题意；故选：A。【点评】解决本题的关键：一是掌握影响电阻大小的因素，二是知道白炽灯泡的工作原理。灯丝的电阻随温度的增大而增大。11如图所示电路，电源电压不变，当开关 S1 闭合、S 2 断开时，电流表示数为 0.2A，电压表示数为 6V；若将两表互换位置，并同时闭合 S

31、1 和 S2，电流表示数为 0.5A，则下列说法中正确的是（ ）A电压表示数为 3.6V BR 1 的阻值为 18CR 2 的阻值为 30 D整个消耗的功率为 3W【分析】分析电路如下：当开关 S1 闭合、S 2 断开时，R 1、R 2 串联，此时电压表测电源电压，电流表测总电流；若将两表互换位置，并同时闭合 S1 和 S2，则 R1、R 2 并联，电流表测通过 R2 的电流，电压表仍测电源电压。【解答】解：当开关 S1 闭合、 S2 断开时，R 1、R 2 串联，若将两表互换位置，并同时闭合 S1 和 S2，则 R1、R 2 并联，A、第二次两个电阻是并联的，电压表测得是电源电压，所以示数仍

32、为 6V，说法不正确，不符合题意；B、第一次两个电阻是串联的，总阻值 R 30 ，所以R1RR 230 1218 ，说法正确，符合题意；C、第二次两个电阻是并联时，可以知道 R2 12 ，所以 R2 的阻值为 12，说法不正确，不符合题意；D、同时闭合 S1 和 S2 时两个电阻是并联的，消耗的电功率 P + 5W ，说法不正确，不符合题意；故选：B。【点评】解决此题的关键是弄清两次电路中电阻的连接情况，电压表测量的是谁的电压，电流表测得是哪个电阻的电流，根据串并联电路的特点，结合欧姆定律和电功率公式进行求解。也可以根据实际分析，画出对应的等效电路图。12如图所示，电源电压恒为 9V，电压表的

33、量程为 03V，电流表的量程为 00.6A，滑动变阻器的规格为“24 0.8A”，灯泡标有“3V1.5W” 字样。闭合开关，在电路安全的情况下（不考虑灯丝电阻的变化），则下列说法中正确的是（ ）A灯泡的最小功率是 0.54WB滑动变阻器的电阻允许调节的范围是 024C电流表示数的变化范围是 0.1A0.5AD电压表示数的变化范围是 1V3V【分析】由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）知道灯泡的额定电压和额定功率，根据 PUI 求出灯泡的额定电流和电阻，然后结合电压表的量程，电流表的量程确定电路中的最大电流，根据欧姆定律求出灯泡的电阻和电路中的

34、最小电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，灯泡的功率最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，利用 UIR 求出灯泡两端的最小电压，利用 PI 2R 求出灯泡的最小功率。【解答】解：由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。根据 PUI 可得，灯的额定电流：IL 额 0.5A，由 I 得灯泡的电阻：R L 6，由于电压表的量程为 03V，电流表的量程为 00.6A ，所以灯泡两端的电压最大为 3V 时，电路中的最大电流 I 最大 I L 额 0.5A；由 I 得电路中的最小总电阻：R 最小

35、 18 ，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以滑动变阻器接入电路中的最小阻值：R 滑最小 R 最小 R L18 612，当滑动变阻器接入阻值最大为 24时，电路中电流最小、灯泡两端的电压最小（电压表示数最小），各元件都是安全的，所以滑动变阻器的电阻允许调节的范围是 1224，故 B 错误；电路中的最大总电阻：R 最大 R L+R24+630；则电路中的最小电流：I 最小 0.3A ，所以电流表示数的变化范围是 0.3A0.5A ，故 C 错误；灯泡两端的最小电压为：U L 最小 I 最小 RL0.3A6 1.8V；所以电压表示数的变化范围是 1.8V3V ，故 D 错误；电流最小时，灯泡的

36、功率最小，其最小功率为：P L 最小 I 最小 2RL（0.3A ）260.54W，故 A 正确。故选：A。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据灯泡的额定电压和电流表的量程确定电路中的最大电流，对于选择题并不一定完全解答选项。二、填空题（本题共 8 小题，每空 1 分，共 26 分）13有一杠杆，动力臂是阻力臂的 4 倍，则 F 动 ：F 阻 1：4 ，这是 省 （填省、费）力杠杆。如果两力臂都增加各自的 1 倍，则 F 动 ：F 阻 1：4 。【分析】 利用杠杆的平衡条件：F 1L1F 2L2，具体代入数据即可求解。根据杠杆的分类：动力臂大于阻力臂是省力杠

37、杆，省力杠杆可以省力，所以只需判断动力臂与阻力臂的大小关系或者动力与阻力的大小关系都可以判断杠杆的类型。【解答】解：根据杠杆的平衡条件：F 动 L 动 F 阻 L 阻 可知，F 动 ：F 阻 L 阻 ：L 动1：4；因动力臂大于阻力臂，故是省力杠杆；如果两力臂都增加各自的一倍，比值不变；故答案为：1：4，省，1：4。【点评】解决此类问题就利用杠杆的平衡条件：F 1L1F 2L2，具体代入数据分析，同时要注意通读题目，正确的理解题意。14（1）唐诗中有“黄河远上白云间”和“不尽长江滚滚来”的诗句，从机械能的角度看，前一句生动形象地表明黄河水存储着大量的 重力势 能，后一句表明长江水具有大量的 动

38、 能。（2）在探究“物体动能的大小与哪些因素有关”的实验中，让小车从斜面上由静止释放，小车下滑后撞击斜面底端的木块。实验时通过 木块被撞后移动的距离 来比较动能的大小。【分析】（1）此题从物理学角度反映了两条大河中的水蕴藏了大量的势能和动能；（2）动能大小无法直接测量，可以利用转换法。【解答】解：（1）从前一句中诗可看出黄河之水高高在上，由于有一定的高度而具有重力势能；后一诗句可看出长江之水在流动，由于运动而具有动能；（2）动能的大小无法直接进行测量，因此可采用转换法，通过观察小木块被推出的距离来进行比较；故答案为：（1）重力势； 动； （2）木块被撞后移动的距离。【点评】（1）掌握动能、重力

39、势能、弹性势能的影响因素和实验方法；（2）掌握动能和重力势能的相互转化。15如图甲所示装置，在透明塑料盒的底部钻一个孔，把电子式火花发生器的放电针紧紧地塞进孔中，打开塑料盒盖，向盒内滴入数滴酒精，再将盒盖盖紧，然后揿动电火花发生器的按钮，随着“呯”的一声响，看到盒盖 飞出 ，在此过程中，酒精燃烧后的燃气的 内 能转化为塞子的 机械 （动） 能。图 乙 中（选填“乙”或“丙”）汽油机的工作过程与这一实验过程中能量的转化是一致的。如果该汽油机飞轮转速是 1800r/min，则它每秒钟内对外做功 15 次。【分析】解决此题要掌握：（1）内燃机的工作原理是气体的内能转化为机械能，对外做功；（2）根据曲

40、轴的转动方向判断活塞的运行方向，再根据气门的关闭情况就可以确定是哪一个冲程；（3）根据每一个工作循环中，飞轮转动两圈，可利用已知条件算出每秒种对外做功的次数。【解答】解：（1）电火花打火时，酒精气体燃烧膨胀做功，最后内能转化为盒盖的机械能，可以看到盒盖飞出；（2）图乙中的气门都关闭，活塞向下运行，气缸容积增大，且上端的火花塞发出电火花，是做功冲程，在这一过程中，内能是转化为机械能的；图丙中的气门都关闭，活塞向上运行，气缸容积减小，是压缩冲程，此时机械能转化为内能，与电子式火花发生器的能量转化相反；（3）因为汽油机在一个工作循环中，飞轮转动两圈，对外做功一次，故可得出30r/s，则每秒做功的次数

41、为 15（次）。故答案为：飞出，内，机械（动）；乙，15。【点评】此题要考查了内燃机工作原理及过程，并从能量转化的角度与电子式火花发生器的工作原理进行了比较，同时考查了做功冲程与压缩冲程的区分。16如图所示，当开关 S 闭合后，电压表和电流表均有一定的示数，两灯泡 L1、L 2 均正常发光。如果灯泡 L1 的灯丝突然断开，则电压表的示数将 变大 （选填“变大”、“不变”或“变小”），电流表的示数将 变小 （选填“变大”、“不变”或“变小”），灯泡 L2 将会 熄灭 （选填“变亮”、“变暗”或“熄灭”）。【分析】（1）分析电路可知，灯泡 L1 的灯丝突然断开后，电压表被串联在电路中，要解决此类问

42、题，应知道电压表的内阻很大，电流表的内阻很小的特点。（2）根据串联电路的电阻特点和欧姆定律可知电路中电流的变化，再根据串联电路的电压特点来分析。【解答】解：（1）当 L1 的灯丝断开时，此时电路中的连接情况是：灯泡 L2、电流表和电压表串联在电路中，则电路中的阻值为这三个元件的电阻之和，由于电压表的电阻很大，根据公式 I ，电路中的电流会很微小，所以电流表的示数将变小，此时 L2 不发光。（2）由于电压表的内阻远大于灯泡 L2 的阻值，根据串联电路的分压特点可知：此时电压表的示数几乎为电源电压，因此电压表的示数会增大。故答案为：变大；变小；熄灭。【点评】此题主要考查了对欧姆定律的应用。关键是搞

43、清电压表的内阻，当电压表串联在电路中时，相对于在电路中串联一个阻值很大的电阻。17如图所示是一种自动测定油箱内油面高度的装置。（1）图中虚线框内的装置相当于简单机械中的 杠杆 ；（2）油量表是用 电流 表改装的；（3）当油箱中的浮标向上运动时，R 的电阻值将 减小 ，此时电路中的电流将 增大 。（选填“增大”或“减小”）【分析】该装置涉及到浮力、杠杆、滑动变阻器、电流表等相关知识，油面上升通过浮子和杠杆使滑动变阻器连入的电阻变小，电路中的电流变大；油面下降通过浮子和杠杆使滑动变阻器连入的电阻变大，电路中的电流变小；据此分析。【解答】解：当油面升高，浮子位置升高，在虚线框内的装置特点是在力的作用

44、下，围绕固定点转动，即是在杠杆作用下，滑动变阻器连入电路的阻值减小，使电路中的电流增大，油量表应显示油量增加，所以用电流表改装为油量表。把电流表表盘的刻度转换成油面高度或油箱内油的体积就可以知道油箱内的存油量。故答案为：（1）杠杆； （2）电流；（3）减小； 增大。【点评】本题是利用所学知识解释油量表的原理，是一道力学和电学的综合题，学以致用，符合新课标的要求。18现有两电热水壶分别是甲“220V 1500W”、乙“220V1000W”，甲壶中装有 2kg的水，乙壶中装有 1kg 的水（水的初温相同），当同时给它们通电正常工作时， 甲 壶（选填“甲”或“乙”）电流做功快；要想把水烧开， 甲 壶

45、（选填“甲”或“乙”）电流做功多； 乙 壶（选填“甲”或“乙”）把水烧开需要的时间少。【分析】（1）电功率是表示电流做功快慢的物理量；（2）根据 Qcmt 判断出电流做功的多少；（3）比较电功率与电功的关系以及 t 比较出哪一个把水烧开需要的时间少。【解答】解：电功率是表示电流做功快慢的物理量，甲壶的功率越大，电流做功越快；根据 Qcm t 知，甲的质量是乙质量的 2 倍，甲吸收的热量是乙的 2 倍，甲电流做的功是乙的 2 倍，即甲壶电流做功多；根据 P 变形得 t ，已知甲的功率是乙功率的 1.5 倍、甲电流做的功是乙的2 倍，所以乙壶把水烧开需要的时间少。故答案为：甲；甲；乙。【点评】本题

46、考查了电功率、电功、吸热大小的比较，熟练各个公式是解题的关键。19我国某地的太阳能光伏发电项目已经并网成功，预计年发电量可达 5106kWh，这一项目是通过高科技将太阳能转化为 电 能。某学校共有 250 盏标有“220V40W ”字样的日光灯，若它们同时正常工作，则通过其中一盏灯的电流为 0.18 A，上述电能可供这些日光灯正常工作 5105 h。【分析】（1）太阳能发电时把太阳能转化为电能。（2）由灯泡铭牌可知，灯泡的额定电压是 220V，额定功率是 40W，由电功率公式 PUI 的变形公式可以求出灯正常发光时的电流。【解答】解：（1）太阳能光伏发电将太阳能转化为电能。（2）由 PUI 可

47、得，一盏灯正常发光时的电流；I 0.18A。年发电量可达 5106 千瓦时即为 5109Wh，而共有 250 盏 40W 的日光灯，所以可供这些日光灯正常工作的时间为：t 510 5h。故答案为：电；0.18；510 5。【点评】本题考查了天阳能发电过程的能量转化、求灯泡正常发光时的电流，难度不大，是一道基础题，熟练掌握并灵活应用基础知识即可正确解题。20一小灯泡上标有“6V 3.6W”字样，其电流 I 随两端电压 U 变化关系的曲线如图所示。当元件两端的电压为 3V 时，元件的电阻为 6 ，电功率为 1.5 W。【分析】由图象可知，当元件两端的电压为 3V 时，元件的电流是 0.5A根据欧姆定律可求出电阻，根据 PUI 可求出电功率。【解答】解：由图象可知，当元件两端的电压为 3V 时，元件的电流是 0.5A。所以，元件的电阻：R 6。元件电功率：PUI3V0.5A 1.5W 。故答案为：6；1.5。【点评】本题属于欧姆定律和电功率的基本运算，难度不大，关键是能够从图象中找出对解题有用的信息。三、解答题（本大题共 11 小题，共 50 分）21如图所示，用裁纸刀裁纸。加在裁纸刀上的动力为 F，支点在 O 点，