2020版人教版高考生物一轮复习课后限时集训含解析15：孟德尔的豌豆杂交实验（一）

《2020版人教版高考生物一轮复习课后限时集训含解析15：孟德尔的豌豆杂交实验（一）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2020版人教版高考生物一轮复习课后限时集训含解析15：孟德尔的豌豆杂交实验（一）（9页珍藏版）》请在七七文库上搜索。

1、课后限时集训( 十五)(对应学生用书第 244 页)A 组 基础达标1某二倍体植物中，抗病和感病这对相对性状由一对等位基因控制，要确定这对性状的显隐性关系，应该选用的杂交组合是( )A抗病株感病株B抗病纯合体感病纯合体C抗病株 抗病株，或感病株感病株D抗病纯合体抗病纯合体，或感病纯合体感病纯合体B 根据概念一对相对性状的纯合亲本杂交，后代表现的性状为显性性状。2下列有关孟德尔豌豆杂交实验的叙述，错误的是( )A遗传因子彼此独立、相互不融合，也不会消失B孟德尔用测交实验验证了他所提出的假说的正确性C进行杂交实验时，需要在花粉未成熟前对母本进行去雄并套袋DF 1 雌、雄配子结合的随机性不影响 F2

2、 出现 31 的性状分离比D 孟德尔认为遗传因子不会相互融合，也不会消失；“测交实验”是对推理过程及结果的检测，即验证了孟德尔所提出的假说的正确性；进行杂交实验时，需要在花粉未成熟前对母本进行去雄并套袋处理，防止其发生自花传粉；受精时，雌、雄配子的结合是随机的，这也是后代出现 31 的分离比的条件之一，可影响其 F2出现 31 的性状分离比。 3(2019潍坊市期中联考)下列各项最能体现基因分离定律实质的是( )A杂合子自交后代表现型之比为 31B杂合子测交后代表现型之比为 11C杂合子自交后代基因型之比为 121D杂合子产生两种配子数目之比为 11D 基因分离定律的实质是等位基因分离，杂合子

3、产生两种雌配子数目之比为 11 ，两种雄配子数目之比也为 11 。4若用玉米为实验材料验证孟德尔分离定律，下列因素对得出正确实验结论影响最小的是( )A所选实验材料是否为纯合子B所选相对性状的显隐性是否易于区分C所选相对性状是否受一对等位基因控制D是否严格遵守实验操作流程和统计分析方法A 若亲本为具有相对性状的纯合子，亲本杂交，F 1自交，F 2出现一定比例的分离比，可以验证孟德尔分离定律，若两亲本都为杂合子，相当于 F1自交，若亲本一方为杂合子，另一方为隐性纯合子，两者杂交相当于测交，所以亲本是否是纯合子对实验结论影响较小；若所选相对性状显隐性不易于区分，则不能正确统计实验结果；若所选相对性

4、状不受一对等位基因控制，则该性状的遗传不遵循基因分离定律，不能用于验证分离定律的实验结论；若实验操作流程和统计分析方法不科学，则会造成实验结果不准确，不能得出正确实验结论。5(2018江苏高考 )一对相对性状的遗传实验中，会导致子二代不符合31 性状分离比的情况是( )A显性基因相对于隐性基因为完全显性B子一代产生的雌配子中 2 种类型配子数目相等，雄配子中也相等C子一代产生的雄配子中 2 种类型配子活力有差异，雌配子无差异D统计时子二代 3 种基因型个体的存活率相等C 一对相对性状的遗传实验中，若显性基因相对于隐性基因为完全显性，则子一代为杂合子，子二代性状分离比为 31 ，A 正确；若子一

5、代雌雄性都产生比例相等的两种配子，则子二代性状分离比为 31，B 正确；若子一代产生的雄配子中 2种类型配子活力有差异，雌配子无差异，则子二代性状分离比不为 3 1，C 错误；若统计时，子二代 3种基因型个体的存活率相等，则表现型比例为 31 ，D 正确。6已知某植物的紫花(A)与红花(a)是一对相对性状，杂合的紫花植株自交得到 F1，F 1 中紫花植株自交得到 F2。下列相关叙述错误的是 ( )AF 1 中紫花的基因型有 2 种BF 2 中的性状分离比为 31CF 2 紫花植株中杂合子占 2/5DF 2 中红花植株占 1/6B 杂合的紫花植株(Aa)自交得到的 F1的基因型及比例为AAAaa

6、a1 21。F 1中紫花植株的基因型及比例为 AAAa12，则F1中紫花植株自交得到 F2的基因型及比例为 AA Aaaa321 ，由此可得F2紫花植株中杂合子占 2/5，红花植株占 1/6。7(2019山东省实验中学)遗传性秃顶是一种单基因遗传病，研究发现，控制该遗传病的等位基因(A、a) 显性纯合时，男女均正常；杂合时，男性秃顶，女性正常；隐性纯合时，男女均秃顶。若不考虑突变，下列相关叙述，错误的是( )A如一对夫妇均正常，则所生女孩一定正常B如一对夫妇均正常，则所生正常孩子可能为女性C如一对夫妇均秃顶，则所生男孩一定秃顶D如一对夫妇均秃顶，则所生正常孩子可能为男性D AA 基因型，男女均

7、正常，Aa 基因型，男性秃顶，女性正常；aa 基因型，男女均秃顶。一对夫妇均秃顶，男性为 aa或 Aa，女性为 aa，所生孩子的基因型为 aa或 Aa，男孩均秃顶，女孩秃顶或正常。8(2018济南二模 )玉米的糯性和非糯性受一对等位基因 B、b 控制，某玉米种群中糯性玉米与非糯性玉米各占一半，从该种群中随机选取足量的糯性和非糯性玉米进行自交，结果发现 50%的非糯性玉米的子代出现了糯性玉米，而糯性玉米的子代未出现非糯性性状。下列说法正确的是( )A玉米的糯性由显性基因 B 控制，非糯性由隐性基因 b 控制B非糯性玉米的子代出现糯性玉米，是基因重组的结果C该种群中控制糯性的基因频率高于控制非糯性

8、的基因频率D该种群随机传粉一代，前后两代 B 基因频率与 BB 基因型频率均保持不变C 50%的非糯性玉米的子代出现了糯性玉米，因此判断非糯性由显性基因控制，糯性由隐性基因控制，A 项错误；非糯性玉米的子代出现糯性玉米是等位基因分离和雌雄配子的随机结合的结果，不是基因重组的结果，B 项错误；该种群中控制糯性的基因频率是 5/8，控制非糯性基因的频率是 3/8，C 项正确；该种群随机传粉一代，前后两代 B基因的频率不变，BB 基因型频率变小，D 项错误。9(2019菏泽模拟 )羊毛的黑色和白色( 相关基因用 A、a 表示) 、羊的有角和无角(相关基因用 B、b 表示)是由位于两对常染色体上的不同

9、基因控制的，两对基因独立遗传，其毛色的遗传图解如下：请回答下列相关问题：(1)羊的毛色中，_为显性性状， F1 中的两黑色羊再生一黑色母羊的概率为_。(2)用多对纯合的有角公羊和无角母羊杂交，得到足够多的子一代，F 1 中公羊全为有角，母羊全为无角。F 1 个体相互交配，在 F2 公羊中，有角无角31；在 F2 母羊中，有角 无角13 。某生物学家对此作出的解释是：相同的基因型在公羊和母羊中的_可能不同。若此解释正确，则 F2 无角母羊的基因型及比例为_。若要验证此解释是否成立，应让无角公羊和_交配，若子代 _，则此解释正确。该生物学家的探究过程体现了现代科学研究中常用的一种科学方法叫作_。解

10、析：(1)根据图解判断白色为隐性性状，黑色为显性性状，F 1黑色羊的基因型为 Aa， F1中的两黑色羊再生一黑色母羊的概率为 3/41/23/8 。(2)根据 F2的表现型判断 F1的基因型为 Bb，Bb 的公羊有角， Bb 的母羊无角。F 2无角母羊的基因型及比例为 Bbbb21 。若要验证此解释成立，可让无角公羊(bb) 与多只 F1的无角母羊(Bb)或有角母羊 (BB)交配，观察后代公羊和母羊的表现型及比例。答案：(1)黑色 3/8 (2) 表现型 Bb bb21 F1 中的多只无角母羊(或多只有角母羊) 公羊中，有角与无角比例为 11，母羊全为无角(或公羊全为有角，母羊全为无角) 假说

11、演绎法 10(2019衡水中学周考 )在某种安哥拉兔中，长毛(由基因 HL 控制)与短毛(由基因 HS 控制)是由一对等位基因控制的相对性状。某生物育种基地利用纯种安哥拉兔进行如表杂交实验，产生了大量的 F1 与 F2 个体，统计结果如表所示。请分析回答下列问题：实验一 ()长毛短毛()雄兔 全为长毛F1雌兔 全为短毛实验二 F1 雌雄个体交配雄兔 长毛短毛31F2雌兔 长毛短毛13(1)实验结果表明：控制安哥拉兔长毛、短毛的等位基因(H L、H S)位于_染色体上；F 1 雌雄个体的基因型分别为_。(2)F2 中短毛雌兔的基因型及比例为_ 。(3)若规定短毛为隐性性状，需要进行测交实验以验证

12、上述有关推测，既可让 F1 长毛雄兔与多只纯种短毛雌兔杂交，也可让_，请预期后者测交子代雌兔、雄兔的表现型及比例：_。解析：据实验分析可知，雄兔中长毛(由基因 HL控制)为显性，雌兔中短毛(由基因 HS控制)是显性，因此亲本基因型为 HLHL(雄) 、H SHS(雌)，F 1的基因型为 HLHS(雄)、H LHS(雌)，F 1雌雄个体交配得到的 F2中雄性长毛(1HLHL、2H LHS)短毛(1H SHS) 31，雌性：长毛(1H LHL)短毛(2HLHS、1H SHS)13。若规定短毛为隐性性状，需要进行测交实验以验证上述有关推测，既可让 F1长毛雄兔与多只纯种短毛雌兔杂交，也可让多只 F1

13、短毛雌兔与短毛雄兔杂交，后者为测交，子代雌兔、雄兔的表现型及比例为雄兔既有长毛，又有短毛，且比例为 11，雌兔全为短毛。答案：(1)常 H LHS、 HLHS(或 HSHL 、H SHL)(2)HLHSH SHS 21(3)多只 F1 短毛雌兔与短毛雄兔杂交 雄兔既有长毛，又有短毛，且比例为 11，雌兔全为短毛B 组 能力提升11某玉米品种含一对等位基因 A 和 a，其中 a 基因纯合的植株花粉败育，即不能产生花粉，含 A 基因的植株完全正常，现有基因型为 Aa 的玉米若干，每代均为自由交配直至 F2，F 2 植株中正常植株与花粉败育植株的比例是 ( )A31 B32C5 1 D71C Aa

14、的玉米自由交配 F1为 1AA2Aa1aa ，F 1产生的卵细胞为Aa 11 ，由于 aa花粉败育，F 1产生的精子为 Aa21，精子和卵细胞随机结合产生的 F2为 2AA3Aa 1aa ，正常植株与花粉败育植株的比例为51。12(2019天一大联考 )已知某种植物果皮的有毛和无毛由常染色体上的一对等位基因(D 、d) 控制，让多个果皮有毛的亲本自交，F 1 的表现型及比例为有毛无毛71(不考虑基因突变、染色体变异和致死情况)。下列有关分析不合理的是( )A该植物果皮的有毛对无毛为显性B亲本的基因型有 DD、Dd 两种，且比例为 11CF 1 中 d 基因的频率为 1/4DF 1 果皮有毛植株

15、中 DDDd41D 让多个果皮有毛的亲本自交，F 1的表现型及比例为有毛无毛71，后代出现了无毛，说明了有毛对无毛为显性，A 正确；Dd 自交后代无毛的比例为 1/4，而后代无毛的比例为 1/8，说明亲本 DDDd 11 ，B 正确；子一代 DD Dddd52 1 ，则 d的基因频率1/22/8 1/81/4，C 正确；F 1果皮有毛植株中 DDDd 52 ，D 错误。13(2018平度三模 )在某小鼠种群中，毛色受三个复等位基因(A Y、A 、a)控制，A Y 决定黄色、A 决定鼠色、 a 决定黑色，基因位于常染色体上，其中基因 AY 纯合时会导致小鼠在胚胎时期死亡，且基因 AY 对基因 A

16、、a 为显性，A对 a 为显性。现用 AYA 和 AYa 两种黄毛鼠杂交得 F1，F 1 个体自由交配，下列有关说法正确的是( )AF 1 中小鼠的表现型和比例为黄色鼠色黑色111B子二代小鼠中黄色鼠比例为 4/9C子二代中 AY 的基因频率是 1/4D子二代小鼠中基因型为 Aa 的比例为 1/8C 由分析可知，F 1中小鼠的表现型和比例为黄色鼠色2 1，A 错误；由分析可知，F 2中黄色 鼠色黑色431 ，因此子二代小鼠中黄色鼠比例为 1/2，B 错误；子二代中 AY的基因频率(2 2)(2222221212)1/4，C 正确；子二代小鼠中基因型为 Aa的比例为 2(22211)1/4，D

17、错误。14某植物可自交或自由交配，在不考虑生物变异和致死情况下，下列哪种情况可使基因型为 Aa 的该植物连续交配 3 次后所得子三代中 Aa 所占比例为2/5( )A基因型为 Aa 的该植物连续自交 3 次，且每代子代中不去除 aa 个体B基因型为 Aa 的该植物连续自交 3 次，且每代子代中均去除 aa 个体C基因型为 Aa 的该植物连续自由交配 3 次，且每代子代中不去除 aa 个体D基因型为 Aa 的该植物连续自由交配 3 次，且每代子代中均去除 aa 个体D 基因型为 Aa的该植物连续自交 3次，且每代子代中不去除 aa个体，则子三代中 Aa所占比例为 1/231/8，A 项不符合题意

18、；基因型为 Aa的该植物连续自交 3次，且每代子代中均去除 aa个体，则子三代中 Aa所占比例为2/(23 1)2/9 ，B 项不符合题意；基因型为 Aa的该植物连续自由交配 3次，且每代子代中不去除 aa个体，符合遗传平衡定律。A 的基因频率a 的基因频率1/2，而且每一代的基因型频率均不变，则子三代中 Aa 的基因型频率(所占比例) 21/21/21/2，C 项不符合题意；基因型为 Aa的该植物连续自由支配 3次，且每代子代中均去除 aa个体，由于存在选择作用，所以每一代的基因频率均会发生改变，需要逐代进行计算。基因型为 Aa的该植物自由交配一次，子一代中 AAAaaa1 21，去除 aa

19、个体，则子一代中有 1/3AA 和2/3Aa。子一代中 A的基因频率 1/31/2 2/3 2/3，a 的基因频率1/3，子一代再自由交配，子二代中 AA 的基因型频率(2/3) 24/9、Aa 的基因频率22/3 1/34/9，去除 aa个体，子二代中有 1/2AA 和 1/2Aa。子二代中 A的基因频率1/ 21/2 1/23/4，a 的基因频率1/ 4，子二代再自由交配，在子三代中 AA 的基因型频率(3/4) 29/ 16、Aa 的基因型频率23/4 1/46/16，去除 aa个体，则子三代中 Aa所占比例为6/16(9/16 6/16)2/5 ， D项符合题意。15科研人员将某纯合的

20、二倍体无叶舌植物种子送入太空，返回后种植得到了一株有叶舌变异植株，经检测发现该植株体细胞内某条染色体上多了 4 对脱氧核苷酸。已知控制有叶舌、无叶舌的基因位于常染色体上。请分析回答下列问题。(1)从变异类型分析，有叶舌性状的产生是_的结果，该个体为_(填“纯合子”或“杂合子”)。(2)让有叶舌变异植株自交，后代有叶舌幼苗 134 株、无叶舌幼苗 112 株，这一结果_(填“符合”或“不符合”)孟德尔自交实验的分离比。(3)针对(2)中的现象，科研人员以有叶舌植株和无叶舌植株作为亲本进行杂交实验，统计母本植株的结实率，结果如下表所示。杂交编号 亲本组合 结实数/授粉的小花数 结实率纯合无叶舌 纯合有叶舌16/158 10%纯合有叶舌 纯合无叶舌148/154 96%纯合无叶舌 纯合无叶舌138/141 98%由表中数据分析推断，该变异能导致_配子育性大大降低。(4)研究人员从上表杂交后代中选择亲本进一步设计测交实验，根据测交后代性状的出现情况验证上述推断。请写出实验的思路和结果。_。答案：(1)基因突变 杂合子 (2) 不符合 (3)(有叶舌)雄(4)思路：从杂交组合或的后代中选择有叶舌植株为父本，从杂交组合后代中选择无叶舌植株为母本，进行杂交，观察记录后代的性状表现。结果：后代出现少量的有叶舌植株，大量的无叶舌植株