山西省怀仁第一中学2018-2019学年高一下学期第一次月考物理试题(解析版)
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1、山西省怀仁第一中学 2018-2019 学年高一下第一次月考试题一、选择题1.在物理学发展的过程中,许多物理学家的科学研究推动了人类文明的进程。在对以下几位物理学家所作科学贡献的叙述中或者研究方法中,正确的说法是( )A. 在对自由落体运动的研究中,伽利略猜想运动速度与下落时间成正比,并直接用实验进行了验证B. 伟大的物理学家牛顿最先建立了速度、加速度等概念。并创造了一套科学研究方法C. 在推导匀变速直线运动位移公式时,把整个运动过程划分成很多小段,每一小段近似看作匀速直线运动,然后把各小段的位移相加,物理学中把这种研究方法叫做“微元法”D. 亚里士多德认为两个物体从同一高度自由落下,重物体与
2、轻物体下落一样快【答案】C【解析】【详解】在对自由落体运动的研究中,伽利略猜想运动速度与下落时间成正比,但没有直接用实验进行验证,故 A 错误; 伟大的物理学家伽利略最先建立了速度、加速度等概念。并创造了一套科学研究方法,选项 B 错误;在推导匀变速直线运动位移公式时,把整个运动过程划分成很多小段,每一小段近似看作匀速直线运动,然后把各小段的位移相加,物理学中把这种研究方法叫做“微元法”,选项 C 正确;伽利略认为两个物体从同一高度自由落下,重物体与轻物体下落一样快,选项 D 错误;故选 C.2.关于速度、速度变化量、加速度,正确的说法是( )A. 物体运动时,速度的变化量越大,它的加速度一定
3、越大B. 速度很大的物体,其加速度可能为零C. 某时刻物体的速度为零,其加速度不可能很大D. 加速度很大时,运动物体的速度一定很快变大【答案】B【解析】【详解】A、根据 可知加速度 a 由速度的变化量 v 和速度发生改变所需要的时间t共同决定,虽然v 大,但t 更大时,a 可以很小;故 A 错误。B、根据可知物体的加速度跟速度的变化率成正比,与物体的速度的大小无关,所以即使速度好大,但速度的变化率很小,其加速度也很小;若保持匀速,则加速度为零;故 B 正确。C、当物体的速度为 0 时,若物体所受的合外力不为 0,其加速度不为 0,可能很大;若物体所受的合外力为零则加速度为零;故 C 错误。D、
4、物体的加速度很大,代表物体速度的变化率很大,而并不代表物体的速度变化很大。故 D 正确。故选 BD。【点睛】把握加速度的定义式 中各个物理量的含义以及各个物理量之间的关系是解决此类问题的关键,是正确理解加速度的定义的基础3.如图所示相邻两点之间的距离均为 50m,一质点从计时开始由 a 点以大小为 v0=5m/s 的初速度向右做匀加速直线运动,经过 t=10s 的时间刚好运动 c 点。则下列说法中不正确的是( )A. 质点做匀加速直线运动的加速度大小为 1m/s2B. 质点运动到 g 点时速度大小为 25m/sC. 质点在 c、 g 之间的平均速度大小为 20m/sD. 质点由 c 点运动到
5、g 点的时间应为 20s【答案】D【解析】【详解】根据 x=v0t+ at2 可得 100=510+ a102,解得 a=1m/s2,选项 A 正确;根据v2=v02+2ax 可得质点运动到 g 点时速度大小为 ,选项 B正确;质点从 a 到 g 的时间: ;从 a 到 c 的时间:100=5t ac+ 1tac2,解得 tac=10s,则质点由 c 点运动到 g 点的时间应为 10s,选项 D 错误;质点在c、g 之间的平均速度大小为 ,选项 C 正确;此题选择不正确的选项,故选 D.4.甲、乙两车在平直公路上同向行驶,其 v-t 图像如图所示。已知两车在 t=3s 时并排行驶,则( )A.
6、 在 t=1s 时,甲车在乙车后B. 在 t=0 时,甲车在乙车前 7.5mC. 两车另一次并排行驶的时刻是 t=2sD. 甲、乙车两次并排行驶的位置之间沿公路方向的距离为 45m【答案】B【解析】【分析】在速度时间图象中,图象与坐标轴围成面积表示位移,根据位移关系分析两车位置关系可结合几何知识分析两车另一次并排行驶的时刻并求出两车两次并排行驶的位置之间沿公路方向的距离【详解】A. 根据“面积”大小表示位移,由图象可知,1s 到 3s 甲、乙两车通过的位移相等,两车在 t=3s 时并排行驶,所以两车在 t=1s 时也并排行驶,故 A 错误;B. 由图象可知,甲的加速度 a 甲 =v 甲 /t
7、甲 =20/2=10m/s2;乙的加速度 a 乙 =v 乙 /t 乙=(2010)/2=5m/s2;0 至 1s,甲的位移 x 甲 = a 甲 t2= 1012=5m,乙的位移 x 乙 =v0t+ a 乙t2=101+ 512=12.5m,x=x 乙 x 甲 =12.55=7.5m,即在 t=0 时,甲车在乙车前 7.5m,故B 正确;C.1s 末甲车的速度为:v=a 甲 t=101=10m/s,乙车的速度 v=10+51=15m/s;12s 时,甲的位移 x1=101+ 1012=15m;乙的位移 x2=151+ 51=17.5m;在 1s 时两车并联,故 2s时两车相距 2.5m,且乙在甲
8、车的前面,故 C 错误;D. 1s 末甲车的速度为:v=a 甲 t=101=10m/s,1 到 3s 甲车的位移为:x=vt+ a 甲t2=102+ 1022=40m,即甲、乙两车两次并排行驶的位置之间沿公路方向的距离为40m,故 D 错误。故选:B5.如图所示,滑轮本身的质量可忽略不计,滑轮轴 O 安在一根轻杆 B 上,一根轻绳 AC 绕过滑轮,A 端固定在墙上,且绳保持水平,C 端下面挂一个重物,BO 与竖直方向夹角=45,系统保持平衡.若保持滑轮的位置不变,改变 的大小,则滑轮受到木杆的弹力大小变化情况是( )A. 只有角 变小,弹力才变小 B. 只有角 变大,弹力才变大C. 不论角 变
9、大或变小,弹力都变大 D. 不论角 变大或变小,弹力都不变【答案】D【解析】试题分析:对滑轮受力分析,受两个绳子的拉力和杆的弹力;滑轮一直保持静止,合力为零,故杆的弹力与两个绳子的拉力的合力等值、反向、共线;由于两个绳子的拉力大小等于重物的重力,大小不变,方向也不变,所以杆的弹力也不变,D 正确;考点:考查了共点力平衡条件【名师点睛】在处理共点力平衡问题时,关键是对物体进行受力分析,然后根据正交分解法将各个力分解成两个方向上的力,然后列式求解,如果物体受到三力处于平衡状态,则可根据矢量三角形法,将三个力移动到一个三角形中,然后根据角度列式求解,6.如图所示,横截面为直角三角形的斜劈 P,靠在粗
10、糙的竖直墙面上,力 F 通过球心水平作用在光滑球 Q 上,系统处于静止状态当力 F 增大时,系统仍保持静止。下列说法正确的是A. 斜劈 P 对竖直墙壁的压力增大 B. 斜劈 P 所受合外力增大C. 球 Q 对地面的压力不变 D. 墙面对斜劈 P 的摩擦力增大【答案】A【解析】A. 以整体为研究对象,受力分析,根据平衡条件,水平方向:N=F,N 为竖直墙壁对 P 的弹力,F 增大,则 N 增大,所以由牛顿第三定律可得: P 对竖直墙壁的压力增大。故 A 正确;B. 斜劈 P 一直处于静止,所受合外力一直为零不变,故 B 错误; C. 对 Q 力分析,如图:根据平衡条件: ,F 增大,则 N增大,
11、 ,N 增大,则 N增大,根据牛顿第三定律得,球对地面的压力增大,以整体为研究对象,竖直方向:N+f=Mg,故随支持力的增大,摩擦力减小,若 N增大至与 Mg 相等,则 f=0,故 CD 错误。故选:A点睛:P 一直处于静止,所受合外力一直为零不变,以整体为研究对象,分析 P 对竖直墙壁的压力变化情况以及墙面对 A 的摩擦力,对 Q 受力分析,根据平衡条件得出 Q 对地面的压力变化情况。7.如图所示,质量为 m 的滑块在水平面上撞向轻弹簧,当滑块将弹簧压缩了 x0 时速度减小到零,然后弹簧又将滑块向右推开。已知弹簧的劲度系数为 k,滑块与水平面间的动摩擦因数为 ,整个过程弹簧未超过弹性限度,则
12、(重力加速度为 g) ( ) 。A. 滑块向左运动过程中,始终做减速运动B. 滑块与弹簧接触过程中最大加速度为C. 滑块向右运动过程中,先做加速运动,离开弹簧后才做减速运动D. 滑块向右运动过程中,当弹簧形变量 x=mg/2k 时,物体的速度最大【答案】A【解析】【详解】滑块向左接触弹簧的运动过程中,在水平方向上受到向右的弹簧的弹力和向右的摩擦力,在此过程中弹簧的弹力是逐渐增大的,弹力和摩擦力的合力与运动方向始终相反,物体做减速运动,故 A 正确。由以上分析可知,当弹簧的压缩量为 x0 时,水平方向的合力为 F=kx0+mg,此时合力最大,由牛顿第二定律有: ,故 B 错误。滑块向右接触弹簧的
13、运动是从弹簧压缩量最大时开始的,此时受到水平向右的弹力和向左的摩擦力,开始时弹簧的弹力大于摩擦力,但当弹簧伸长到一定程度,弹力和摩擦力大小相等,此后摩擦力大于弹力。所以滑块向右接触弹簧的运动过程中,是先加速,后减速;离开弹簧后继续做减速。故 C 错误。在滑块向右接触弹簧的运动中,当弹力和摩擦力大小相等,即满足 kx=mg 时,即 x=mg/k 时,在水平方向上合外力为零,加速度为零,所以此时速度最大,故 D 错误。故选 A。8.如图所示,两根直木棍 AB 和 CD 相互平行,斜靠在竖直墙壁上固定不动,一根水泥圆筒从木棍的上部匀速滑下.若保持两木棍倾角不变,将两棍间的距离减小后固定不动,仍将水泥
14、圆筒放在两木棍上部,则水泥圆筒在两木棍上将( )A. 仍匀速滑下 B. 匀加速滑下C. 可能静止 D. 一定静止【答案】D【解析】【详解】水泥圆筒从木棍的上部匀速滑下过程中,受到重力、两棍的支持力和摩擦力,根据平衡条件得知:mgsin-2f 1=0;将两棍间的距离稍减小后,两棍支持力的合力不变,夹角减小,每根木棍对圆筒的支持力减小,滑动摩擦力减小,根据牛顿第二定律,有:mgsin-2f2=ma,由于摩擦力变小,故加速度变大;可知圆筒将匀加速滑动;故选 B。【点睛】本题中关键是讨论滑动摩擦力的变化,也就是讨论正压力的变化,运用到推论:当两个分力大小一定时,夹角增大时,其合力减小,分析两棍支持力的
15、变化9.如图所示是滑梯简化图,一小孩从滑梯上 A 点开始无初速度下滑,在 AB 段匀加速下滑,在BC 段匀减速下滑,滑到 C 点恰好静止,整个过程中滑梯保持静止状态。假设小孩在 AB 段和BC 段滑动时的动摩擦因数分别为 1 和 2,AB 与 BC 长度相等 ,则( )A. 整个过程中地面对滑梯始终无摩擦力作用B. 整个过程中地面对滑梯摩擦力始终向右C. 小孩从滑梯上 A 点滑到 C 点先超重后失重D. 整个过程中地面对滑梯的支持力先小于小孩和滑梯的总重力后大于小孩和滑梯的总重力【答案】D【解析】【详解】小朋友在 AB 段做匀加速直线运动,将小朋友的加速度 a1 分解为水平和竖直两个方向,由于
16、小朋友有水平向右的分加速度即有向右的力,根据牛顿定律知,地面对滑梯的摩擦力方向先水平向右;有竖直向下的分加速度,则由牛顿第二定律分析得知:小孩处于失重,地面对滑梯的支持力 FN 小于小朋友和滑梯的总重力。同理,小朋友在 BC 段做匀减速直线运动时,小孩处于超重,地面对滑梯的支持力大于小朋友和滑梯的总重力,地面对滑梯的摩擦力方向水平向左。故 ABC 错误,D 正确。故选 D。10.一辆汽车以 14m/s 的速度做直线运动。某时刻开始以恒定的加速度刹车。第一个 1s 内位移为 12m,汽车刹车的加速度小于 14m/s2.下列说法正确的是( )A. 汽车刹车的加速度大小为 12m/s2 B. 5s
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