2019年四川省达州市中考物理试卷（含答案解析2）

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1、2019 年四川省达州市中考物理试卷一、选择题（1-10 小题为物理题，每题 3 分；在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求）1 （3 分）下列关于声现象的说法中正确的是（  ）A只要物体振动，我们就一定能听到声音B “隔墙有耳”说明固体可以传声C汽车的“倒车雷达”是利用次声传递能量D声源的振幅越大，听到声音的响度就一定越大2 （3 分）下列关于光现象的说法中正确的是（  ）A站在岸边看见水中的白云是光的折射形成的B我们能看清物体是因为眼睛能发出光线C近视眼应配戴凹透镜矫正D用放大镜看物体时物体一定被放大3 （3 分）下列关于热现象的说法中正确的是（  ）

2、A物体的温度越高所含的热量越多B内燃机的做功冲程将机械能转化成内能C打扫卫生时灰尘飞扬说明分子在永不停息地做无规则运动D物质的比热容越大反映了物质吸收或放出热量的能力越强4 （3 分）下列关于力的说法中正确的是（  ）A两个物体不接触就一定不产生力B摩擦力的方向一定与物体的运动方向相反C浸没在水中向上运动的物体浮力可能小于重力D随着生产力的提高人类将会制造出既省力又省距离的机械5 （3 分）如图所示，甲、乙均为理想电表，当开关 S 闭合后灯 L1、L 2 都能发光，下列说法中正确的是（  ）A灯 L1、L 2 是串联在电路中的第 2 页（共 41 页）B甲一定是电流表，乙一

3、定是电压表C当 L2 短路时 L1 仍能发光D乙、甲两电表示数的比值与 L1 的阻值相等6 （3 分）如图所示，甲、乙两个底面积不同的圆柱形容器中分别盛有两种不同的液体A、B，液体对两个容器底的压强相等。现将两个质量相等的物体分别放入两个容器中，静止时一个漂浮、一个悬浮（液体均无溢出） ，则液体密度 A、 B 和液体对容器底部的压强 p 甲 、p 乙 的大小关系正确的是（  ）A A B     p 甲 p 乙 B A B  p 甲 p 乙C A B   p 甲 p 乙 D A B  p 甲 p 乙7 （3 分）如图是物理兴趣小组设计

4、的四个测量身高的电路图，身高仪都由电压表改装而成。能实现身高越高身高仪示数越大且刻度均匀的电路是（  ）ABC第 3 页（共 41 页）D8 （3 分）如图所示，轻质杠杆 AB 可绕 O 点转动，当物体 C 浸没在水中时杠杆恰好水平静止，A、B 两端的绳子均不可伸长且处于张紧状态。已知 C 是体积为 1dm3、重为 80N的实心物体，D 是边长为 20cm、质量为 20kg 的正方体， OA：OB2：1，圆柱形容器的底面积为 400cm2（g10N/kg） ，则下列结果不正确的是（  ）A物体 C 的密度为 8103kg/m3B杠杆 A 端受到细线的拉力为 70NC物体 D

5、 对地面的压强为 1.5103PaD物体 C 浸没在水中前后，水对容器底的压强增大了 2103Pa9 （3 分）如图所示，电源电压保持不变，R 1、R 2、R 3 为定值电阻，且 R2R 320闭合开关 S，电压表 V1 和 V2 的示数之比为 4：3，此时电路消耗的总功率为 P1；若把电压表 V1 和 V2 分别换成电流表 A1 和 A2，闭合开关 S 后电流表 A1 的示数为 I1，电流表A2 的示数为 I2，此时电路消耗的总功率为 P2则下列结果正确的是（  ）AR 110              I1：I

6、 23：2                  P1：P 21：10BR 15                I1：I 22：3                 P1：P 21：10第 4 页（共 41 页）CR 110              I1：I 23：2  

7、              P1：P 210：1DR 15               I1：I 22：3                  P1：P 210：110 （3 分）如图甲所示，电源电压保持不变，R 1 为定值电阻，滑动变阻器 R2 的最大阻值为 30，电压表的量程为 015V电压表的示数与滑动变阻器 R2 的关系如图乙所示。则下列结果正确的是（ &nbs

8、p;）A电源电压为 20VBR 1 的阻值为 5C为了保证电压表不被烧坏，滑动变阻器的阻值变化范围为 430D开关 S 闭合后电路消耗的最小功率为 14.4W二、填空题（本大题 9 小题，每空 1 分，共 22 分）11 （3 分）牵引车将停放在机库的战斗机拖出的过程中，说明力可以改变物体的     ；战斗机机翼下平上凸，目的是使战机飞行时机翼下方空气的流速小于机翼上方空气的流速，从而使机翼下方空气的压强     机翼上方空气的压强（选填“大于” 、 “等于”或“小于” ） ；战斗机在进入战斗前抛掉副油箱的目的是     战斗机的惯性

9、（选填“增大”或“减小” ） ，从而增强战斗机机动性。12 （2 分）甲图为电影放映机，其成像原理如图乙所示。为让观众看到清晰的实像，应将胶片放在距离透镜     的位置（选填序号：一倍焦距以内 一倍焦距到二倍焦距之间 二倍焦距以外） ，白色银幕是为了      所有颜色的光（选填“反射”或“吸收”） 。13 （2 分）如图是研究电磁铁磁性的电路图，则电磁铁的 S 极为     （选填“A ”或第 5 页（共 41 页）“B”）端。当滑动变阻器的滑片 P 向右移动时，电磁铁的磁性变      （

10、选填“强”或“弱” ） 。14 （2 分）额定功率为 2103W 的家用电热水器，正常工作 24min 消耗的电能为     kWh，若这些电能的 70%被水完全吸收，则能使体积为 6L、温度为 25的水在一个标准大气压下升高     c 水 4.210 3J/（kg）。15 （2 分）某单缸四冲程汽油机正常工作时飞轮的转速为 2400r/min，若每次做功冲程对外所做的有用功为 300J，则该汽油机的输出功率为     W，所使用的燃料是       能源（选填“可再生”或“不可再生” ） 。16 （2

11、 分）将密度为 0.9103kg/m3、体积为 V 的冰块放入盛有适量水的圆柱形容器中（无水溢出） ，冰块静止时露出水面的体积 V 露     V ，当冰块完全熔化后（总质量不变）容器中的水面将     （选填“升高” 、 “降低”或“不变” ） 。17 （3 分）救援车工作原理如图所示，当车载电机对钢绳施加的拉力 F 大小为 2.5103N时，小车 A 恰能匀速缓慢地沿斜面上升。已知小车 A 的质量为 1t，斜面高为 2m，斜面长为 5m（不计车长、钢绳重、动滑轮重、钢绳与滑轮间的摩擦和滑轮与轴间的摩擦，g10Nkg）在小车 A 由水平路面被拖上救援车

12、的过程中，钢绳所做的有用功为      J，整个装置的机械效率为     ，小车 A 与斜面间的摩擦力大小为      N18 （3 分）如图所示，电源电压保持不变，灯泡 L 标有“10V 5W”字样（不考虑温度对灯丝电阻的影响） ，当 S、S 1 都闭合且滑动变阻器的滑片 P 在 A 端时，电流表 A 的示数为1A，此时灯泡正常发光，则滑动变阻器的最大阻值为      当 S 闭合、S 1 断开且滑动变阻器的滑片 P 在 B 端时，电压表的示数为     V，灯泡

13、 L 的实际功率为       W。第 6 页（共 41 页）19 （3 分）如图所示，电源电压保持不变，R 1、R 2、R 3 均为定值电阻，R 1：R 22：3，S为单刀双掷开关。当 S 接到 1 时，电流表的示数为 0.4A，R 1 消耗的功率为 P1，此时 R3消耗的功率为 1.6W；当 S 接到 2 时，R 2 消耗的功率为 P2，已知 P1：P 232：27则电源电压为     V，R 1 为      ，R 3 为      。三、作图题（本大题 2 小题，每小题 3 分

14、，共 6 分）20 （3 分）轻质杠杆 OABC 能够绕 O 点转动，已知 OABC 20cm，AB30cm，在 B点用细线悬挂重为 100N 的物体 G，为了使杠杆在如图所示的位置平衡，请在杠杆上作出所施加最小动力的图示（不要求写出计算过程） 。21 （3 分）用笔画线代替导线，将图中的拉线开关、电灯、熔断器和插座接入家庭电路中。要求：符合安全用电原则；熔断器控制插座；拉线开关控制电灯。四、创新设计与实验探究（本大题 2 小题，每空 1 分，共 13 分）第 7 页（共 41 页）22 （6 分）小明按如下步骤完成探究“影响滑动摩擦力大小的因素”的实验：a如图 1 中甲图所示，将木块 A 平

15、放在长木板 B 上，缓缓地匀速拉动木块 A，保持弹簧测力计示数稳定，并记录了其示数。b如图 1 中乙图所示，将毛巾固定在长木板 B 上，木块 A 平放在毛巾上，缓缓地匀速拉动木块 A，保持弹簧测力计示数稳定，并记录了其示数。c如图 1 中丙图所示，将木块 A 平放在长木板 B 上，并在木块 A 上放一钩码，缓缓地匀速拉动木块 A，保持弹簧测力计示数稳定，并记录了其示数。（1）该实验主要采用的探究方法是     。（2）由图 1 中     两图可知：当接触面粗糙程度一定时，接触面受到的压力越大，滑动摩擦力越大。（3）由图 1 中甲乙两图可知：当接触面受到

16、的压力一定时，接触面越粗糙滑动摩擦力越     （选填“大”或“小” ） 。（4）实验后小组交流讨论时发现：在实验中很难使木块做匀速直线运动。于是小丽设计了如图 1 中丁图所示的实验装置，该装置的优点是     长木板做匀速直线运动（选填“需要”或“不需要” ） 。实验中小丽发现：当 F 为 3N 时，木块 A 相对于地面静止且长木板 B 刚好做匀速直线运动，则长木板 B 受到地面的摩擦力大小为      N 。（5）实验拓展：如图 2 所示，放在水平地面上的物体 C 受到方向不变的水平拉力 F 的作用，Ft 和 vt 图象

17、分别如图 3 图 4 所示。则物体 C 在第 4 秒时受到的摩擦力大小为     N。23 （7 分）实验老师为“测量小灯泡额定功率”准备了如下器材：电源（电压恒为 6V）开关、电压表和电流表各一只、额定电压为 2.5V 的待测小灯泡（电阻约为 10） 、滑动第 8 页（共 41 页）变阻器（“20 1A ”） 、导线若干。（1）请用笔画线代替导线，将图甲中的实物图连接完整（要求：滑片向右移动灯泡变亮） 。（2）闭合开关前电流表的指针如图乙所示，其原因是     。（3）故障排除后，调节滑动变阻器的滑片，并绘制了小灯泡的电流随其两端电压变化的关系如图丙所

18、示，则小灯泡的额定功率为     W 从图象中还发现：当电压表的示数增大时，电压表与电流表的示数之比     （选填“变大” 、 “变小或“不变” ） 。（4）小陈同学为了验证电流跟电阻的关系，他又借到了一个滑动变阻器（50 0.5A）和五个定值电阻（5、10 、15 、20、25） ，其余器材不变。用定值电阻更换甲图中的灯泡，小陈同学得到如图丁所示的电流随定值电阻变化的图象，则实验中他所用的滑动变阻器是     （选填字母：A.20 1A B.50 0.5A） ，若某次实验中滑动变阻器连入的阻值为 14，则所用定值电阻的阻值为 &n

19、bsp;   。（5）下课前老师布置了一道课后作业。要求：在只有下列实验器材的前提下测出未知定值电阻 Rx 的阻值。实验器材：电阻 Rx、电源（电压恒定但未知） 、滑动变阻器（已知最大阻值为 R0） 、电流表、开关、导线若干。小张同学设计了如图戊所示的电路图，用以下步骤测 Rx 的阻值。闭合开关 S，移动滑片 P 至 B 端，记下电流表示数 I1；移动滑片 P 至 A 端，记下电流表示数 I2（I 1 未超过电流表的量程） ；请帮他写出 Rx 的表达式：R x     （用字母 R0、I 1、I 2 表示） 。第 9 页（共 41 页）五、综合运用与计算（本大题

20、2 小题，每小题 7 分，共 14 分.解答时要求有必要的文字说明、公式和计算过程，只写结果不得分）24 （7 分）如图所示，工人准备用一根最多能承受 400N 力的绳子（若超过绳子将断裂）绕成的滑轮组先后打捞水中材料相同、体积不同的实心物体 A 和 B完全露出水面的物体 A 被此装置匀速提起时绳子达到最大拉力。已知动滑轮的质量为 20kg（绳的质量、绳与滑轮的摩擦、滑轮与轴的摩擦以及水的阻力均不计，连接动滑轮与物体间的钢绳不会断裂，g10N/kg） 。求：（1）物体 A 完全露出水面后以 0.5m/s 的速度匀速上升时，物体 A 的重力和工人拉力的功率分别是多少。（2）在物体 A 浸没在水中

21、匀速上升的过程中，滑轮组的机械效率为 75%，物体 A 的密度是多少。（3）若用该滑轮组打捞体积为 50dm3 的物体 B 时，物体 B 最多露出多少体积时绳子将断裂。第 10 页（共 41 页）25 （7 分）如图所示，电源电压保持不变，R 2 为定值电阻，小灯泡 L 上标有“6V 3W”字样（不考虑温度对灯丝电阻的影响） ，滑动变阻器 R1 的最大阻值为 20只闭合 S1，将滑动变阻器的滑片 P 移动到 A 端时，L 正常发光；闭合所有开关时整个电路 1min 消耗的电能为 540J已知电流表的量程为 00.6A，电压表的量程为 03V求：（1）电源电压。（2）R 2 的阻值。（3）在保证

22、电路安全的前提下，只闭合 S1 时移动滑片 P 使电路消耗的功率最小，若此时电路的最小功率为P1；只闭合 S2 时移动滑片 P 使电路消耗的功率最大，若此时电路的最大功率为 P2则P1 和 P2 的比是多少。第 11 页（共 41 页）2019 年四川省达州市中考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（1-10 小题为物理题，每题 3 分；在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求）1 （3 分）下列关于声现象的说法中正确的是（  ）A只要物体振动，我们就一定能听到声音B “隔墙有耳”说明固体可以传声C汽车的“倒车雷达”是利用次声传递能量D声源的振幅越大，听到声音的响度就一定越大【

23、分析】 （1）人耳听到声音的条件：物体发生振动；介质向外传声； 良好的听觉器官； 频率在人的听觉范围之内； 有足够的响度；（2）声音的传播需要介质，其介质包括固体、液体和气体；（3）电磁波能在空气和真空中传播，声音可以在空气中传播，声音不能在真空中传播。（4）响度与两个因素有关，一是振幅，二是距离声源的远近。需要同时考虑两个因素。【解答】解：A、人耳能听到的声音频率范围一般在 20Hz20000Hz 范围内，在此范围以外的声波（超声波和次声波） ，人耳听不到，故 A 错误；B、 “隔墙有耳”说明固体可以传声，故 B 正确；C、汽车的倒车雷达利用的是超声波的回声定位，是利用声传递信息，故 C 错

24、误；D、振幅越大，人听到的声音响度不一定越大，因为响度还跟距离声源的远近有关，故D 错误。故选：B。【点评】本题考查人耳听到声音的条件、超声波的应用及响度与振幅的关系，属于中等题。2 （3 分）下列关于光现象的说法中正确的是（  ）A站在岸边看见水中的白云是光的折射形成的B我们能看清物体是因为眼睛能发出光线C近视眼应配戴凹透镜矫正第 12 页（共 41 页）D用放大镜看物体时物体一定被放大【分析】 （1）平面镜成的像是与物体等大的虚像，知道平面镜成像是由于光的反射形成的；（2）能看清物体是因为光线进入眼睛；（3）根据近视眼形成的原因和凹透镜对光的发散作用判断。（4）U2f，成倒立、缩

25、小的实像。【解答】解：A、云在天上，所以 “白云”是在水中形成的像，即平面镜成像，是由光的反射形成的，故 A 错误；B、我们能看清物体是因为物体发出或反射的光线进入眼睛。故 B 正确。C、近视眼晶状体曲度变大，对光的会聚能力增强，应佩戴对光有发散作用的凹透镜进行矫正，故 C 正确。D、放大镜属于凸透镜，当 U2f，成倒立、缩小的实像。故 D 错误。故选：C。【点评】本题考查了光的反射、近视眼的矫正、生活中的透镜等，涉及内容较多，是一道光学综合题；熟练掌握相关知识，针对问题进行分析，可迅速解题。3 （3 分）下列关于热现象的说法中正确的是（  ）A物体的温度越高所含的热量越多B内燃机的

26、做功冲程将机械能转化成内能C打扫卫生时灰尘飞扬说明分子在永不停息地做无规则运动D物质的比热容越大反映了物质吸收或放出热量的能力越强【分析】 （1）热量是一个过程量，存在于热传递过程中，只能说吸收或者放出热量，不能说含有或者具有热量；（2）内燃机的一个工作循环有吸气、压缩、做功、排气四个冲程组成，其中压缩冲程机械能转化成内能，做功冲程内能转化成机械能；（3）分子在不停做无规则运动；（4）比热容是物质的一种特性，只与物质的种类和状态有关，与吸放热的多少、质量、体积的大小都没有关系。【解答】解：A、热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量，只能说吸收热量或放出热量，故 A 错误；B、内燃机的一个工作

27、循环有四个冲程，做功冲程是将内能转化成机械能，故 B 错误；第 13 页（共 41 页）C、灰尘是可以看得见的物体，因此灰尘的飞扬不是分子的运动，而是物体的机械运动，故 C 错误；D、比热容是物质的一种特性，它反映了物质吸收或放出热量的能力，比热容越大反映了物质吸收或放出热量的能力越强，故 D 正确。故选：D。【点评】要正确理解热机的过程、分子的运动、比热容以及热量与内能的关系。解决问题的诀窍是：物体吸热或温度升高，内能一定增大；但物体的内能增大，不一定是由物体吸热或温度升高引起的。4 （3 分）下列关于力的说法中正确的是（  ）A两个物体不接触就一定不产生力B摩擦力的方向一定与物体

28、的运动方向相反C浸没在水中向上运动的物体浮力可能小于重力D随着生产力的提高人类将会制造出既省力又省距离的机械【分析】 （1）力是物体对物体的作用，发生力的作用时，至少要有两个物体；其中受到力的作用的物体叫受力物体；对别的物体施加了力的物体叫施力物体；不接触的物体也可以发生力的作用。（2）摩擦力的方向一定与物体的相对运动方向相反；（3）物体由于地球的吸引而受到的力叫做重力；（4）使用机械可以省力，可以省距离，既省力又省距离的机械是不存在的。【解答】解：A、两个物体不接触，也可以发生力的作用；如磁铁吸引远处的铁钉，故A 错误；B、摩擦力的方向一定与物体的相对运动方向相反，故 B 错误；C、在水中向

29、上运动的物体，若物体还受向上的拉力，受到的浮力可能小于重力，故 C正确；D、在实际生活中，既省力又省距离的机械是不存在的，故 D 错误。故选：C。【点评】深入理解力的概念、摩擦力的方向、浮力、以及简单机械，是一道综合题。5 （3 分）如图所示，甲、乙均为理想电表，当开关 S 闭合后灯 L1、L 2 都能发光，下列说第 14 页（共 41 页）法中正确的是（  ）A灯 L1、L 2 是串联在电路中的B甲一定是电流表，乙一定是电压表C当 L2 短路时 L1 仍能发光D乙、甲两电表示数的比值与 L1 的阻值相等【分析】电压表与被测用电器并联，并且在电路中相当于开路；电流表与被测用电器串联，

30、并且在电路中相当于导线。【解答】解：（1）读图可知，开关 S 闭合后，要使灯 L1 和 L2 都能发光只有并联才行，因为电压表要并联在电路中，电流表要串联在电路中，所以电流从正极出发分两支，一支经灯泡 L2 回负极，另一支经电流表甲、灯 L1 回负极，所以甲一定是电流表，乙一定是电压表，故 A 错误，B 正确。（2）因为甲是电流表，当 L2 短路时，发生电源短路，L 1 不能发光，故 C 错误；（3）乙是电压表，测量 L2 两端电压，甲是电流表，测量干路上的电流，因此乙、甲两电表示数的比值不等于 L1 的阻值，故 D 错误。故选：B。【点评】解决本类题的关键是牢记电压表和电流表的正确使用方法，

31、并且能够识别串并联电路。6 （3 分）如图所示，甲、乙两个底面积不同的圆柱形容器中分别盛有两种不同的液体A、B，液体对两个容器底的压强相等。现将两个质量相等的物体分别放入两个容器中，静止时一个漂浮、一个悬浮（液体均无溢出） ，则液体密度 A、 B 和液体对容器底部的压强 p 甲 、p 乙 的大小关系正确的是（  ）A A B     p 甲 p 乙 B A B  p 甲 p 乙C A B   p 甲 p 乙 D A B  p 甲 p 乙第 15 页（共 41 页）【分析】 （1）根据图示信息，结合 pgh 分析得出两种液体的密度大小；

32、（2）利用漂浮条件 F 浮 G 和 p 分析确定两者底部所受液体的压强。【解答】解：（1）由图知：h Ah B，已知两种液体对容器底的压强相等，则根据 p gh 可知，A B；故 AD 错误；（2）因为原来两容器中液体产生的压强相等，均匀柱形容器，则FAG ApS A；F BG BpS B；又因为 SAS B，可得 GAG B，由将两个质量相等的物体分别放入两个容器中，静止时一个漂浮，另一个悬浮（液体均无溢出） ，由于两物体重力相等都为 G，则由 p 甲 p+ ；p 乙 p+ ，所以，p 甲 p 乙 ；故 B 错误， C 正确。故选：C。【点评】此题考查学生对于液体压强的理解和掌握，注意题目中

33、结合压力的变化题目，一定要抓住要点。7 （3 分）如图是物理兴趣小组设计的四个测量身高的电路图，身高仪都由电压表改装而成。能实现身高越高身高仪示数越大且刻度均匀的电路是（  ）AB第 16 页（共 41 页）CD【分析】分析电路结构，根据身高的变化，判断滑动变阻器接入电路的阻值的变化，再根据欧姆定律判断电压表示数的变化。【解答】解：A、两电阻串联，电压表测滑片下方电阻丝两端的电压，身高越高（滑片上移） ，与电压表并联部分的电阻越大，由串联分压的规律可知，电压表的示数越大；因电压表与滑片串联，且电压表可看做断路，所以变阻器始终以最大阻值接入电路，滑片移动时，电路总电阻不变，电源电压不变

34、，所以电路中电流不变，由 UVIR 滑下 可知，电压表的示数与滑片下方电阻丝的阻值成正比，所以刻度是均匀的，故 A 符合题意；B、两电阻串联，电压表测滑片上方电阻丝两端的电压，身高越高，电压表并联部分电阻越小，但电路总电阻不变，电源电压不变，所以电路电流不变；由于串联电路用电器两端电压与其阻值成正比，所以身高越高，电压表示数越小并且刻度是均匀的。故 B 不符合题意；C、两电阻串联，电压表测变阻器两端的电压，身高越高，电压表并联部分电阻越大，滑动变阻器接入电路电阻变大，电路总电阻变大；电源电压不变，所以电路电流变小，由于串联电路用电器两端电压与其阻值成正比，由 UIR 知，身高越高，电压表示数越

35、大，但刻度是不均匀的。故 C 不符合题意；D、两电阻串联，电压表测 R0 两端的电压，身高越高，电压表并联部分电阻越大，滑动变阻器接入电路电阻变大，电路总电阻变大；电源电压不变，所以电路电流变小，由于第 17 页（共 41 页）串联电路用电器两端电压与其阻值成正比，所以身高越高，由 UIR 知，滑动变阻器两端电压越大，R 0 两端电压即电压表示数越小且刻度是不均匀的。故 D 不符合题意。故选：A。【点评】此题考查了动态电路的分析，确定电压表刻度是否均匀是此题的难点。8 （3 分）如图所示，轻质杠杆 AB 可绕 O 点转动，当物体 C 浸没在水中时杠杆恰好水平静止，A、B 两端的绳子均不可伸长且

36、处于张紧状态。已知 C 是体积为 1dm3、重为 80N的实心物体，D 是边长为 20cm、质量为 20kg 的正方体， OA：OB2：1，圆柱形容器的底面积为 400cm2（g10N/kg） ，则下列结果不正确的是（  ）A物体 C 的密度为 8103kg/m3B杠杆 A 端受到细线的拉力为 70NC物体 D 对地面的压强为 1.5103PaD物体 C 浸没在水中前后，水对容器底的压强增大了 2103Pa【分析】 （1）利用 Gmg 求物体 C 的质量，再利用密度公式求物体 C 的密度；（2）物体 C 排开水的体积等于 C 的体积，利用阿基米德原理求受到的浮力；杠杆 A 端受到的拉

37、力等于 C 的重力减去浮力；（3）利用杠杆平衡条件 F1L1F 2L2 求杠杆 B 端受到细线的拉力，由于力的作用是相互的，可求杠杆 B 端对 D 的拉力，D 对地面的压力等于 D 的重力减去拉力，利用 p求 D 对地面的压强；（4）物体 C 浸没在水中前后，水的深度变化等于排开水的体积除以底面积，再利用pgh 求水对容器底的压强增大值。【解答】解：A、物体 C 的质量：mC 8kg；物体 C 的密度：第 18 页（共 41 页）C 8 103kg/m3，故 A 正确；B、物体 C 排开水的体积：V 排 V C110 3 m3，受到的浮力：F 浮 水 gV 排 110 3kg/m310N/kg

38、1103 m310N；杠杆 A 端受到的拉力：FAG CF 浮 80N10N 70N，故 B 正确；C、由杠杆平衡条件 F1L1F 2L2 得：FAOAF BOB，则杠杆 B 端受到细线的拉力：FB FA 70N140N，由于力的作用是相互的，杠杆 B 端对 D 的拉力：F 拉 F B140N，D 对地面的压力：F 压 G DF Bm DgF 拉 20kg10N/kg140N 60N ，D 对地面的压强：p 1.510 3Pa，故 C 正确；D、物体 C 浸没在水中前后，水的深度变化：h 2.5cm0.025m，水对容器底的压强增大值：p 水 gh110 3kg/m310N/kg0.025m2

39、.510 2Pa，故 D 错。故选：D。【点评】本题为力学综合题，考查了重力公式、阿基米德原理、杠杆平衡条件、液体压强公式、压强定义式的应用，计算时注意单位统一。9 （3 分）如图所示，电源电压保持不变，R 1、R 2、R 3 为定值电阻，且 R2R 320闭合开关 S，电压表 V1 和 V2 的示数之比为 4：3，此时电路消耗的总功率为 P1；若把电第 19 页（共 41 页）压表 V1 和 V2 分别换成电流表 A1 和 A2，闭合开关 S 后电流表 A1 的示数为 I1，电流表A2 的示数为 I2，此时电路消耗的总功率为 P2则下列结果正确的是（  ）AR 110  

40、            I1：I 23：2                  P1：P 21：10BR 15                I1：I 22：3                 P1：P 21：10CR 110         &nbs

41、p;    I1：I 23：2                 P1：P 210：1DR 15               I1：I 22：3                  P1：P 210：1【分析】当闭合开关 S 时，R 1、R 2、R 3 串联，电压表 V1 测 R2 和 R3 两端的电压之和，电压表 V2 测 R1 和 R2

42、两端的电压之和，根据串联电路的特点和欧姆定律表示出两电压表的示数即可求出 R1 的阻值，利用电阻的串联和 PUI 表示出此时电路消耗的总功率 P1；若把电压表 V1 和 V2 分别换成电流表 A1 和 A2 时，R 1、R 2、R 3 并联，电流表A1 测 R1 和 R2 支路电流之和，电流表 A2 测 R2 和 R3 支路的电流之和，根据并联电路的特点和欧姆定律求出两电流表的示数之比，根据 PUI 表示出此时电路消耗的总功率 P2，进一步得出 P1：P 2 的值。【解答】解：由图知，当闭合开关 S 时，R 1、R 2、R 3 串联，电压表 V1 测 R2 和 R3 两端的电压之和，电压表 V

43、2 测 R1 和 R2 两端的电压之和，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，且各处的电流相等，所以，由 I 可得，两电压表的示数之比： ，解得：R 110 ，故 BD 错误；此时电路消耗的总功率：P1 ；第 20 页（共 41 页）若把电压表 V1 和 V2 分别换成电流表 A1 和 A2 时，R 1、R 2、R 3 并联，电流表 A1 测 R1和 R2 支路电流之和，电流表 A2 测 R2 和 R3 支路的电流之和，因并联电路中各支路两端的电压相等，且干路电流等于各支路电流之和，所以，两电流表的示数之比：I1：I 2（ + ）：（ + ）（ + ）：（ + ） ：3：2，此时电路消耗的总功率

44、：P2 + + + + ，则 P1：P 2 ： 1：10，故 A 正确、C 错误。故选：A。【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。10 （3 分）如图甲所示，电源电压保持不变，R 1 为定值电阻，滑动变阻器 R2 的最大阻值为 30，电压表的量程为 015V电压表的示数与滑动变阻器 R2 的关系如图乙所示。则下列结果正确的是（  ）A电源电压为 20VBR 1 的阻值为 5C为了保证电压表不被烧坏，滑动变阻器的阻值变化范围为 430D开关 S 闭合后电路消耗的最小功率为 14.4W【分析】由电路图可知，R 1 与

45、 R2 串联，电压表测 R1 两端的电压。（1）由图乙可知，当 R2 的阻值为 10和 20时电压表的示数，根据串联电路的电流特点和欧姆定律表示出电路中的电流，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源第 21 页（共 41 页）的电压，利用电源的电压不变得出等式即可求出 R1 的阻值，进一步求出电源的电压；（2）当电压表的示数最大时，电路中的电流最大，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的最大电流，根据串联电路的电压特点求出此时滑动变阻器两端的电压，利用欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电压

46、表的示数最小，据此得出滑动变阻器接入电路中的阻值范围；（3）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电路消耗的功率最小，根据电阻的串联和 PUI 求出电路的最小功率。【解答】解：由电路图可知，R 1 与 R2 串联，电压表测 R1 两端的电压。（1）由图乙可知，当 R210 时 U112V，当 R220 时 U18V ，因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中的电流分别为：I ，I ，因串联电路中总电压等于各分电压之和，且电源电压保持不变，所以，电源的电压：UI（R 1+R2） I（R 1+R2） ，即 （R 1+10） （R 1+20） ，解得：R 110 ，故 B 错误；电源

47、的电压 UI（R 1+R2） （10+10）24V，故 A 错误；（2）当电压表的示数 U1 15V 时，电路中的电流最大，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，此时电路中的电流：I 大 1.5A，此时滑动变阻器两端的电压：U2 小 UU 124V15V 9V ，则滑动变阻器接入电路中的最小阻值：R2 小 6 ，第 22 页（共 41 页）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电压表的示数最小，所以，滑动变阻器接入电路中的阻值范围为 630，故 C 错误；（3）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电路消耗的功率最小，则 P 小 14.4W，故 D 正确。故选：D。【

48、点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从图象中获取有用的信息是关键。二、填空题（本大题 9 小题，每空 1 分，共 22 分）11 （3 分）牵引车将停放在机库的战斗机拖出的过程中，说明力可以改变物体的 运动状态 ；战斗机机翼下平上凸，目的是使战机飞行时机翼下方空气的流速小于机翼上方空气的流速，从而使机翼下方空气的压强 大于 机翼上方空气的压强（选填“大于” 、“等于”或“小于” ） ；战斗机在进入战斗前抛掉副油箱的目的是 减小 战斗机的惯性（选填“增大”或“减小” ） ，从而增强战斗机机动性。【分析】 （1）力的作用效果有两个：一是改变物体的形状，二是改变物体的运动状态

49、；（2）流体流速越大，流体压强越小，流体流速越小，流体压强越大；（2）惯性的大小只与物体的质量有关。【解答】解：（1）牵引车将停放在机库的战斗机拖出的过程中，运动速度发生了变化，说明力可以改变物体的运动状态；（2）机翼上方的空气流速比机翼下方的流速快，因此机翼下方气体压强大于机翼上方气体压强，从而产生了升力；（3）由于惯性的大小只与物体的质量有关，故战斗机进入战斗状态前要扔掉副油箱，这是为了减小惯性，以提高战斗机的灵活性。故答案为：运动状态；大于；减小。【点评】本题考查里的作用效果、流速与压强的关系以及惯性难度不大。12 （2 分）甲图为电影放映机，其成像原理如图乙所示。为让观众看到清晰的实像

50、，应将胶片放在距离透镜 的位置（选填序号： 一倍焦距以内 一倍焦距到二倍焦距之间 二倍焦距以外） ，白色银幕是为了  反射 所有颜色的光（选填“反射”或“吸收” ） 。第 23 页（共 41 页）【分析】投影仪是利用凸透镜成倒立、放大的实像原理工作的，此时物距 2fuf ，像距 v2f；白色银幕可以反射所有颜色的光。【解答】解：电影放映机的镜头相当于一个凸透镜，可以成放大的实像，则此时物距2fuf ，即胶片应放在一倍焦距到二倍焦距之间，故选 “白色银幕是为了反射所有颜色的光，让观众看到五彩的画面。故答案为：；反射。【点评】此题主要考查了有关凸透镜成像的规律及应用。一定要熟练掌握规律的

51、内容，特别是成像特点与物距之间的关系。13 （2 分）如图是研究电磁铁磁性的电路图，则电磁铁的 S 极为 A （选填“A”或“B”）端。当滑动变阻器的滑片 P 向右移动时，电磁铁的磁性变 弱 （选填“强”或“弱” ） 。【分析】 （1）根据电流方向和电磁铁的绕线情况，根据安培定则判断出电磁铁的极性；（2）电磁铁的磁性强弱和线圈的匝数、电流大小有关；滑动变阻器的滑片 P 向右移动时，连入电路的电阻变大，电流变小，据此作出判断。【解答】解：（1）由图看出，电流从电磁铁上端流入，依据安培定则，四指顺着电流方向，大拇指应向上握住电磁铁，所以下端为 N 极，A 端的磁极为 S 极。（2）滑动变阻器的滑片

52、 P 向右移动时，连入电路的电阻变大，电路中的电流变小，电磁铁的磁性减弱。故答案为：B；弱。【点评】本题主要考查的是学生对安培定则和电磁铁磁性强弱影响因素的理解和掌握，第 24 页（共 41 页）记牢安培定则并熟练应用。14 （2 分）额定功率为 2103W 的家用电热水器，正常工作 24min 消耗的电能为 0.8 kWh，若这些电能的 70%被水完全吸收，则能使体积为 6L、温度为 25的水在一个标准大气压下升高 75 c 水 4.210 3J/（kg）。【分析】 （1）知道功率 P、时间 t 求电能公式：WPt ；主要要单位统一，如果电能用kWh，功率用 KW，时间用 h；如果电能用 J，功率用 W，时间用 s；