2019年上海市中考物理试卷（含答案解析2）

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1、2019 年上海市中考物理试卷一、选择题（共 16 分）下列各题均只有一个正确选项，请将正确选项的代号用 2B 铅笔填涂在答题纸的相应位置更改答案时，用橡皮擦去，重新填涂1 （2 分）一节新干电池的电压为（  ）A1.5 伏 B24 伏 C110 伏 D220 伏2 （2 分）听音能辨人，主要是依据不同人的讲话声具有不同的（  ）A响度 B音调 C音色 D振幅3 （2 分）首先发现电流磁效应的物理学家是（  ）A牛顿 B欧姆 C安培 D奥斯特4 （2 分）原子核中带正电的粒子是（  ）A原子 B质子 C中子 D电子5 （2 分）四冲程柴油机在工作过程中，

2、将内能转化为机械能的冲程是（  ）A吸气冲程 B压缩冲程 C做功冲程 D排气冲程6 （2 分）两个质量相同的不同物质，吸收相同的热量，下列说法中正确的是（  ）A比热容大的物质升高温度较小B比热容小的物质升高温度较小C比热容大的物质升高温度较大D升高温度相同，与比热容大小无关7 （2 分）甲、乙两车分别在同一直线上的 M、N 两点（M、N 间距为 20 米） ，同时相向做匀速直线运动，它们的图象分别如图（a）和（b）所示。若甲、乙的速度分别为 v 甲 、v 乙 ，经过 t 秒，甲、乙相距 10 米。则（  ）Av 甲 v 乙 ，t 一定为 10 秒 Bv 甲 v

3、乙 ，t 可能为 30 秒Cv 甲 v 乙 ，t 可能为 10 秒 Dv 甲 v 乙 ，t 可能为 30 秒第 2 页（共 24 页）8 （2 分）如图 1 所示，均匀长方体甲、乙放在水平地面上，甲、乙的底面积分别为S、S'（S S'） ，此时它们对地面的压强相等。现将甲、乙顺时针旋转 90后，如图 2所示，甲、乙的底面积分别为 S'、S，关于此时甲、乙对地面的压强 p 甲 、p 乙 和对地面的压强变化p 甲 、p 乙 的大小关系，下列判断正确的是（  ）Ap 甲 p 乙 ，p 甲 p 乙 Bp 甲 p 乙 ，p 甲 p 乙Cp 甲 p 乙 ，p 甲 p 乙

4、Dp 甲 p 乙 ，p 甲 p 乙二、解答题（共 2 小题，满分 6 分）9 （3 分）在如图所示的电路中，电源电压为 U0，且保持不变。电键 S 闭合后，电路正常工作。一段时间后，观察到一个电压表的示数变大，再串联一个电流表，观察到电流表的示数为 0若电阻 R1、R 2 中仅有一个出现故障，请根据相关信息写出电压表的示数及相对应的故障。10 （3 分）亚里士多德为了说明抽水机原理，提出自然界厌恶真空的理论。他认为在自然界中，接触到真空的液体就会自己填补，会上升，因此亚里士多德认为“自然界是厌恶真空的” 。（1）在下列几个现象中，能支持上述亚里士多德理论的实验是     A

5、回声的形成B彩虹C用吸管吸饮料（2）在下列几个实验中，能推翻上述亚里士多德理论的实验是     A托里拆利实验B富兰克林风筝雷电实验第 3 页（共 24 页）C马德堡半球实验（3）请你结合所学的物理知识，解释为什么第 2 小题中你所选择的实验可以推翻亚里士多德的结论。三、作图题（共 7 分）请将图直接画在答题纸的相应位置，作图必须使用 2B 铅笔11 （2 分）重为 10 牛的物体静止在水平地面上，用力的图示法在图中画出它所受的重力G。12 （2 分）在图中根据给出的入射光线 AO 画出反射光线 OB。13 （3 分）在图所示的电路中，有两根导线尚未连接，请用笔画线代替导线

6、补上。补上后要求：闭合电键 S 后，向右移动滑动变阻器的滑片 P，小灯泡 L 亮度不变，电流表的示数变小。四、计算题（共 27 分）请将计算过程和答案写入答题纸的相应位置14 （6 分）体积为 2103 米 3 的金属块浸没在水中。求金属块受到的浮力大小 F 浮 。15 （6 分）杠杆平衡时，动力臂 l1 为 0.6 米，阻力臂 l2 为 0.2 米，若阻力 F2 的大小为 60牛，求动力 F1 的大小。16 （8 分）如图所示，足够高的薄壁圆柱形容器甲、乙置于水平桌面上，容器甲、乙底部所受液体的压强相等。容器甲中盛有水，水的深度为 0.08 米，容器乙中盛有另一种液体。第 4 页（共 24

7、页）若水的质量为 2 千克，求容器甲中水的体积 V 水 。求容器甲中水对容器底部的压强 p 水 。现往容器甲中加水，直至与乙容器中的液面等高，此时水对容器底部的压强增大了196 帕，求液体乙的密度 液 。17 （8 分）在图所示的电路中，电源电压为 12 伏且保持不变，电阻 R1 的阻值为 10 欧，滑动变阻器 R2 上标有“1A”字样。电键 S 闭合后，电压表 V 的示数为 5 伏。求：通过电阻 R1 的电流 I1。电路正常工作 10 秒后，电流通过电阻 R1 做的功 W1移动滑动变阻器的滑片 P，电源电压和电压表示数的比值最大为 3，求电压表示数的最大值和最小值的差值。五、实验题（共 18

8、 分）请根据要求在答题纸的相应位置作答18 （3 分）在“验证阿基米德原理”的实验中，用量筒测物体的     ，使用弹簧测力计前，应将指针调到     刻度处。 “测定小灯泡的电功率”的实验原理是      。19 （2 分）小明在做“探究凸透镜成像规律”实验中，将蜡烛、凸透镜和光屏的中心调至      。已知凸透镜焦距为 10 厘米，现蜡烛的位置如图所示，蜡烛到凸透镜的距离     10厘米（选填“大于” 、 “等于”或“小于” ） ，移动光屏寻找像的位置，发现光屏上有一个

9、倒立、     的像（选填“放大” 、 “等于”或“缩小” ） 。20 （3 分）小华同学做“用电流表、电压表测电阻”实验，现有电源（电压为 3 伏且保持不变） 、待测电阻 Rx、电流表、电压表、电健各一个，滑动变阻器有 A、B、C 三个（分别标有“5  2A”字样、 “10 2A”字样、 “50 1A”字样） ，以及导线若干。小华实验时选取其中一个滑动变阻器，正确连接电路，且使滑动变阻器的滑片在中点附近，第 5 页（共 24 页）闭合电键时各电表示数如图 10（a） 、 （b）所示，并记录第一组数据。继续移动滑片，当电压表示数在如图（a）的基础上偏转两格后，记录

10、第二组数据，此时小华发现电压表、电流表偏转角度相同。求：电压表的量程是     伏。计算说明实验中电流表的量程。根据记录的第二组数据，计算出此时待测电阻 Rx 的阻值。21 （3 分）某小組同学在“探究物体在液体中所受向上的力与哪些因素有关”实验中，用弹簧测力计拉着一个圆柱体，测力计示数为 F0现将圆柱体悬空放置在一个烧杯中，倒入液体 A，圆柱体的下表面到液面的深度为 h，记录下此时弹簧测力计的示数为 F 以及F0 和 F 的差为F接着，将液体 A 替换为液体 B，重复上述实验，记录数据如下表一、二所示。表一 液体 A（ A0.810 3 千克/米 3）实验序号 h（厘米）

11、 F（牛） F（牛）1 3 8.5 1.52 6 7 33 9 5.5 4.54 12 5 5表二 液体 B  （ B1.010 3 千克/ 米 3）实验序号 h（厘米） F（牛） F（牛）5 3 8.5 1.26 6 7.6 2.47 9 6.4 3.68 12 6 4根据实验序号 1 与 2 与 3 或 5 与 6 与 7 的数据，分析比较弹簧测力计的示数 F 与圆第 6 页（共 24 页）柱体的下表面到液面的深度 h 的大小关系，可得出的初步结论是：同一物体在同种液体中，     。根据实验序号 1 与 2 与 3 或 5 与 6 与 7 的数据，分析比较F

12、 与圆柱体的下表面到液面的深度 h 的大小关系，可得出的初步结论是：同一物体在同种液体中，     。根据实验序号 1 与 5 或 2 与 6 或 3 与 7 的数据，分析比较F 与圆柱体的下表面到液面的深度 h 的大小关系，可得出的初步结论是     。本实验中，圆柱体的重力为     牛，高度为      厘米。第 7 页（共 24 页）2019 年上海市中考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共 16 分）下列各题均只有一个正确选项，请将正确选项的代号用 2B 铅笔填涂在答题纸的相应位置更改答案时

13、，用橡皮擦去，重新填涂1 （2 分）一节新干电池的电压为（  ）A1.5 伏 B24 伏 C110 伏 D220 伏【分析】要记住一些生活中常见的电压值，如：一节干电池的电压是 1.5V；一节铅蓄电池的电压是 2V；家庭电路的电压为 220V；动力电压为 380V；对人体安全的电压为不高于 36V。【解答】解：一节新干电池的电压为 1.5V，故 BCD 错误、A 正确；故选：A。【点评】本题依据对生活中常见电压值的了解写出答案，是一道基础题目。2 （2 分）听音能辨人，主要是依据不同人的讲话声具有不同的（  ）A响度 B音调 C音色 D振幅【分析】解决此题要知道音色反映的是

14、声音的品质与特色，它跟发声体的材料和结构有关。【解答】解：因为每个人的声带结构不同，所以发出声音的音色就会不同，所以我们可以通过音色辨别是谁，故 C 正确， ABD 错误。故选：C。【点评】此题考查了对声音特征的辨别，要会利用声音的特征解释生活现象。3 （2 分）首先发现电流磁效应的物理学家是（  ）A牛顿 B欧姆 C安培 D奥斯特【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可。【解答】解：A、牛顿是英国伟大的物理学家，在力学、光学等领域取得了卓著的成就。不符合题意；B、欧姆是德国物理学家，发现了电流与电压、电阻的关系欧姆定律。不符合题意；C、安培是英国著名的物理学家

15、，发现了安培定则。不符合题意；第 8 页（共 24 页）D、1820 年，丹麦物理学家奥斯特发现了通电导体周围存在磁场，是第一个发现电流磁效应的科学家。符合题意。故选：D。【点评】本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一。4 （2 分）原子核中带正电的粒子是（  ）A原子 B质子 C中子 D电子【分析】在原子结构中，原子是由原子核和带负电的核外电子构成的，原子核又是由带正电的质子和不带电的中子构成的。【解答】解：根据原子结构的相关知识可知，原子是由带正电的原子核和带负电的核外电子构成的，整个原子不显电性；原子核又是由带正电的质

16、子和不带电的中子构成的，所以在原子核中带正电的微粒是质子。故选：B。【点评】此题考查了原子结构的相关基础知识，题目的难度很小，记住相关的基础知识即可解决此题。5 （2 分）四冲程柴油机在工作过程中，将内能转化为机械能的冲程是（  ）A吸气冲程 B压缩冲程 C做功冲程 D排气冲程【分析】在内燃机的做功冲程中能量转化是内能转化为机械能，压缩冲程中能量转化是机械能转化为内能。【解答】解：四冲程柴油机在做功冲程中，高温高压燃气推动活塞做功，将内能转化为机械能，故 C正确。故选：C。【点评】解决此题要结合内燃机的四个冲程工作特点进行分析解答，基础性题目。6 （2 分）两个质量相同的不同物质，吸

17、收相同的热量，下列说法中正确的是（  ）A比热容大的物质升高温度较小B比热容小的物质升高温度较小C比热容大的物质升高温度较大D升高温度相同，与比热容大小无关第 9 页（共 24 页）【分析】比较物质吸热能力的 2 种方法：使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间） ，吸收热量多的吸热能力强使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间） ，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强。【解答】解：根据 Qcm t 知，相同质量的不同物质，吸收相同的热量，比热容大的温度升高小，故 A 正确。故选：A。【点评】本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的

18、应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。7 （2 分）甲、乙两车分别在同一直线上的 M、N 两点（M、N 间距为 20 米） ，同时相向做匀速直线运动，它们的图象分别如图（a）和（b）所示。若甲、乙的速度分别为 v 甲 、v 乙 ，经过 t 秒，甲、乙相距 10 米。则（  ）Av 甲 v 乙 ，t 一定为 10 秒 Bv 甲 v 乙 ，t 可能为 30 秒Cv 甲 v 乙 ，t 可能为 10 秒 Dv 甲 v 乙 ，t 可能为 30 秒【分析】 （1）根据图甲和图乙读出对应的路程和时间，然后根据速度公式即可求出甲、乙的速度；（2）经过 t 秒，甲、乙相距 10 米时有两种情况

19、：一种是甲乙两车未相遇时相距 10m，二是相遇以后相距 10m。据此根据路程相等，利用速度公式列出等式求解。【解答】解：（1）由图象可得：甲的速度 v 甲 0.4m/s；乙的速度 v 乙 0.6m/s，第 10 页（共 24 页）故 v 乙 v 甲 ；（2）根据题意可知，经过 t 秒，甲、乙相距 10 米时有两种情况：一种是甲乙两车未相遇时相距 10m，二是相遇以后相距 10m。故可得：v 甲 t+v 乙 t10m 或 v 甲 t+v 乙 t10m+20m30m，代入数值可得：0.4m/st+0.6m/st10m 或 0.4m/st+0.6m/st20m+10m ，解得 t10s 或 t30s

20、，即 t 可能为 10s，也可能为 30s。综上分析可知，选项 ACD 错误，B 正确。故选：B。【点评】此题考查了速度有关的知识和对图象的分析处理能力；从图象中找出有用的信息，并运用速度的公式求出题目中的量。8 （2 分）如图 1 所示，均匀长方体甲、乙放在水平地面上，甲、乙的底面积分别为S、S'（S S'） ，此时它们对地面的压强相等。现将甲、乙顺时针旋转 90后，如图 2所示，甲、乙的底面积分别为 S'、S，关于此时甲、乙对地面的压强 p 甲 、p 乙 和对地面的压强变化p 甲 、p 乙 的大小关系，下列判断正确的是（  ）Ap 甲 p 乙 ，p 甲 p

21、 乙 Bp 甲 p 乙 ，p 甲 p 乙Cp 甲 p 乙 ，p 甲 p 乙 Dp 甲 p 乙 ，p 甲 p 乙【分析】 （1）甲乙的压强相等，知道甲乙的受力面积，根据压强公式可以判断甲乙对地面的压力，知道受力面积的变化可以判断甲乙对地面的压强。（2）压强变化量等于原来的压强和现在压强的差，然后进行比较。【解答】解：（1）甲、乙的底面积分别为 S、S'（SS'） ，甲乙压强相等，根据 FpS，可以判断甲对水平地面的压力大于乙对水平地面的压力，所以甲的重力大于乙的重力。甲乙是长方体，当甲、乙顺时针旋转 90后，甲、乙的底面积分别为 S'、S ，甲的受力面积减小，甲对水平地面

22、的压力不变，甲对水平地面的压强增大，乙的受力面积增大，乙对水平地面的压力不变，乙对水平地面的压强减小，由于原来甲乙对水平地面的压强第 11 页（共 24 页）相等，所以旋转后甲对水平地面的压强大于乙对水平地面的压强，即 甲 p 乙 。（2）ppp' 因为面积变化相同，甲对地面的压力大于乙对地面的压力，所以甲对水平地面的压强变化量大于乙对地面的压强变化量即p 甲 p 乙 。故选：C。【点评】旋转后压强变化量是解决本题的关键，压强变化量等于旋转前后压强的差。二、解答题（共 2 小题，满分 6 分）9 （3 分）在如图所示的电路中，电源电压为 U0，且保持不变。电键 S 闭合后，电路正常工作

23、。一段时间后，观察到一个电压表的示数变大，再串联一个电流表，观察到电流表的示数为 0若电阻 R1、R 2 中仅有一个出现故障，请根据相关信息写出电压表的示数及相对应的故障。【分析】根据电路图可知，两电阻串并联，电压表 V1 测量电阻 R1 两端的电压，电压表V2 测量电阻 R2 两端的电压，根据电流表和电压表的示数变化情况判断电路故障。【解答】答：根据电路图可知，两电阻串并联，电压表 V1 测量电阻 R1 两端的电压，电压表 V2 测量电阻 R2 两端的电压，工作一段时间后，一个电压表的示数变大，若 V1 示数变大，故障可能为电阻 R1 断路或电阻 R2 短路，再串联一个电流表，观察到电流表的

24、示数为 0，则故障为 R1 断路；若 V2 示数变大，故障可能为电阻 R2 断路或电阻 R1 短路，再串联一个电流表，观察到电流表的示数为 0，则故障为 R2 断路。【点评】此题考查电流表、电压表在电路故障中的作用判断，要结合电路图和电路的特点进行分析。10 （3 分）亚里士多德为了说明抽水机原理，提出自然界厌恶真空的理论。他认为在自然界中，接触到真空的液体就会自己填补，会上升，因此亚里士多德认为“自然界是厌恶真空的” 。（1）在下列几个现象中，能支持上述亚里士多德理论的实验是 C 第 12 页（共 24 页）A回声的形成B彩虹C用吸管吸饮料（2）在下列几个实验中，能推翻上述亚里士多德理论的实

25、验是 A A托里拆利实验B富兰克林风筝雷电实验C马德堡半球实验（3）请你结合所学的物理知识，解释为什么第 2 小题中你所选择的实验可以推翻亚里士多德的结论。【分析】首先明白亚里士多德的观点是“自然界是厌恶真空的” 。然后判断选项中的内容和什么知识点相关，最后做出选择。【解答】解：（1）亚里士多德的观点是“自然界是厌恶真空的” 。他认为在自然界中，接触到真空的液体就会自己填补，会上升。A回声的形成是声在传播过程中遇到障碍物，声被障碍物反射回来，与亚里士多德的观点不符。B彩虹是太阳光的色散，与亚里士多德的观点不符。C用吸管吸饮料时，吸管内的气压减小，饮料在外界大气压的作用下被压入嘴里，与亚里士多德

26、的观点相符。故选：C。（2）A托里拆利实验，当外界大气压是一个标准大气压，能支持 76cm 高的水银柱，玻璃管的长度是 1m，玻璃管内上方有一段真空，水银没有去填补，亚里士多德认为接触到真空的液体就会自己填补，所以托里拆利实验能推翻亚里士多德理论。B富兰克林风筝雷电实验是大气中的放电现象，与亚里士多德的观点不相关。C马德堡半球实验是证明大气压的存在，并且证明大气压很大，与亚里士多德的观点不相关。故选：A。（3）做托里拆利实验时，玻璃管的上空有一段是真空，但是玻璃管中的水银没有去填补，所以与亚里士多德的观点不相符，所以可以推翻其观点。故答案为：（1）C；（2）A；（3）做托里拆利实验时，玻璃管内

27、上方有一段是真空，第 13 页（共 24 页）但是玻璃管中的水银没有去填补，所以与亚里士多德观点不相符，所以可以推翻其观点。【点评】本题要明确亚里士多德的观点，然后判断所给定的选项和那些知识点相关，最后比对，找出正确答案。三、作图题（共 7 分）请将图直接画在答题纸的相应位置，作图必须使用 2B 铅笔11 （2 分）重为 10 牛的物体静止在水平地面上，用力的图示法在图中画出它所受的重力G。【分析】根据力的图示的定义，将小球所受重力的大小、方向和作用点表示出来即可。【解答】解：物体受到的重力方向竖直向下，作用点在重心，大小为 10N，可确定标度为 5N，故画重力的图示如图：【点评】本题考查了力

28、的图示的作法，要注意与力的示意图的区别，在设定标度时，要注意力必须是标度的整数倍。线段要有截取痕迹，在线段末端标出力的大小。12 （2 分）在图中根据给出的入射光线 AO 画出反射光线 OB。【分析】根据反射定律作出反射光线的光路图，题目中已经作出法线，在根据反射光线和入射光线分居法线两侧，作出反射角等于入射角即可。【解答】解：根据光的反射定律，题目中已经作出垂直于镜面的法线，做反射光线 OB使反射角等于入射角即可。故答案为：第 14 页（共 24 页）【点评】由于题目已经作出法线，根据反射角等于入射角，在同一平面内法线的另一侧画出入射光线即可，注意完成题目的要求。要注意入射角是入射光线与法线

29、之间的夹角。13 （3 分）在图所示的电路中，有两根导线尚未连接，请用笔画线代替导线补上。补上后要求：闭合电键 S 后，向右移动滑动变阻器的滑片 P，小灯泡 L 亮度不变，电流表的示数变小。【分析】根据向右移动滑动变阻器的滑片 P，小灯泡 L 亮度不变确定灯泡与变阻器的连接方式，由电流表示数变小确定变阻器的接线情况。【解答】解：由题知，闭合电键 S 后，向右移动滑动变阻器的滑片 P，小灯泡 L 亮度不变，说明变阻器与灯泡在工作时互不影响；因为并联电路中各支路互不影响，所以变阻器与灯泡应并联；向右移动滑片 P，电流表示数变小，说明变阻器连入电路的阻值变大，故应将变阻器的左下接线柱接入电路中，且图

30、中灯泡与电流表的 0.6 接线柱相连，所以电流表应测干路第 15 页（共 24 页）电流。实物连接如图所示：【点评】本题考查根据要求连接实物图，关键是确定电路的连接关系和变阻器的连接。四、计算题（共 27 分）请将计算过程和答案写入答题纸的相应位置14 （6 分）体积为 2103 米 3 的金属块浸没在水中。求金属块受到的浮力大小 F 浮 。【分析】已知金属块浸没水中，排开水的体积等于金属块的体积，利用阿基米德原理 F浮 水 V 排 g 求金属块受到的浮力。【解答】解：金属块浸没水中，则 V 排 V 金 210 3m3 ，金属块受到的浮力：F 浮 水 V 排 g1.010 3kg/m32103

31、m3 9.8N/kg19.6N。答：金属块受到的浮力为 19.6N。【点评】本题比较简单，主要考查阿基米德原理的应用，利用好隐含条件“金属块浸没水中，V 排 V 金 ”是本题的关键。15 （6 分）杠杆平衡时，动力臂 l1 为 0.6 米，阻力臂 l2 为 0.2 米，若阻力 F2 的大小为 60牛，求动力 F1 的大小。【分析】知道动力臂、阻力臂大小、阻力大小，利用杠杆平衡条件求动力大小。【解答】解：由杠杆平衡条件可知：F1l1F 2l2，则动力 F1 20N。答：动力 F1 为 20N。【点评】本题考查了学生对杠杆平衡条件的掌握和运用，属于基础题。16 （8 分）如图所示，足够高的薄壁圆柱

32、形容器甲、乙置于水平桌面上，容器甲、乙底部第 16 页（共 24 页）所受液体的压强相等。容器甲中盛有水，水的深度为 0.08 米，容器乙中盛有另一种液体。若水的质量为 2 千克，求容器甲中水的体积 V 水 。求容器甲中水对容器底部的压强 p 水 。现往容器甲中加水，直至与乙容器中的液面等高，此时水对容器底部的压强增大了196 帕，求液体乙的密度 液 。【分析】 已知水的质量，水的密度也是默认已知量 水1.010 3kg/m3；根据公式V 可以求解。已知水的深度 h0.08h，根据液体压强计算公式 pgh；设容器乙内液体的深度为 h1，当水深是 h1 的时候其压强为 P1，p 1p+p 由此可

33、以得出 p1 的大小，进而算出 h1；题干表明容器甲、乙底部所受液体的压强相等，即：pp 乙 ；又因为 p 乙 乙 gh1 故可以求出 乙 。【解答】解：容器中甲水的体积为：V 210 3 m3；容器甲中水对容器底部的压强：p 水gh 1.0103kg/m39.8N/kg0.08m784pa 。当容器甲内加水至于容器乙相平时，设此时水深为 h1，此时水对容器底部的压强：p 1p 水 +p784pa+196pa980pa；由 pgh 可得此时水的深度：h 1 0.1m；由题知，原来容器甲、乙底部所受液体的压强相等，即：p 乙 p 水 784pa；由 pgh 可得，液体乙的密度： 乙 800kg/

34、m 3。答： 甲容器中水的体积为 2103 m3；第 17 页（共 24 页）容器甲中水对容器底部的压强为 784pa；液体乙的密度为 800kg/m3。【点评】该题主要考查了液体压强的计算，要求学生灵活运用公式 pgh 进行求解。17 （8 分）在图所示的电路中，电源电压为 12 伏且保持不变，电阻 R1 的阻值为 10 欧，滑动变阻器 R2 上标有“1A”字样。电键 S 闭合后，电压表 V 的示数为 5 伏。求：通过电阻 R1 的电流 I1。电路正常工作 10 秒后，电流通过电阻 R1 做的功 W1移动滑动变阻器的滑片 P，电源电压和电压表示数的比值最大为 3，求电压表示数的最大值和最小值

35、的差值。【分析】 已知电路中 R1 的电阻和电压，根据 I 求电阻电流；根据串联电路中电压之比等于电阻之比求解；【解答】解：根据电路图可知，电压表测量 R1 两端的电压，又因为 R110 ，所以通过电阻 R1 的电流 I1 0.5A ；电路正常工作 10 秒后，电流通过电阻 R1 做的功W1 t 10s25J，电源电压和电压表示数的比值最大为 3，此时应为电压表最小值，即 3，得 U14V，电压表最大值应该是当滑动变阻器阻值最小，即电流最大时，滑动变阻器 R2 上标有“1A”字样，所以可得，1A ，解得，R 22 ，此时 R1 的电压 U1IR 11A10 10V，第 18 页（共 24 页）

36、电压表示数的最大值和最小值的差值应为 10V4V 6V；答： 通过电阻 R1 的电流 I10.5A；电路正常工作 10 秒后，电流通过电阻 R1 做的功 W125J，电压表示数的最大值和最小值的差值 6V。【点评】本题考查欧姆定律的应用，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。五、实验题（共 18 分）请根据要求在答题纸的相应位置作答18 （3 分）在“验证阿基米德原理”的实验中，用量筒测物体的 排开水的体积 ，使用弹簧测力计前，应将指针调到 零 刻度处。 “测定小灯泡的电功率”的实验原理是  PUI 。【分析】 （1）在“验证阿基米德原理”的实验中，利用称重法测浮力，利用量筒测

37、量排开水的体积；（2）在“测定小灯泡的电功率”的实验，利用电压表测量灯两端的电压 U，利用电流表测量通过的灯的电流 I，利用 PUI 求灯的电功率。【解答】解：（1）如图，在“验证阿基米德原理”的实验中，物体受到的浮力 F 浮 F 1F 2；利用排水法可得物体排开水的体积 V 排 V 2V 1，由 GmgVg 可得排开水的重力G 排 水 V 排 g 水 （V 2V 1）g；比较 F 浮 、G 排 的大小验证阿基米德原理，可见，该实验中，用量筒测物体排开水的体积；使用弹簧测力计前，应将指针调到零刻度处。（2）如图，利用电压表测量灯两端的电压 U，利用电流表测量通过的灯的电流 I，利用PUI 求灯

38、的电功率。第 19 页（共 24 页）故答案为：排开水的体积；零；PUI 。【点评】本题考查了阿基米德原理的验证实验以及测小灯泡功率实验中的实验原理、仪器选择及使用注意事项，属于基础题目。19 （2 分）小明在做“探究凸透镜成像规律”实验中，将蜡烛、凸透镜和光屏的中心调至 同一高度 。已知凸透镜焦距为 10 厘米，现蜡烛的位置如图所示，蜡烛到凸透镜的距离 大于 10 厘米（选填“大于” 、 “等于”或“小于” ） ，移动光屏寻找像的位置，发现光屏上有一个倒立、  的像（选填“放大” 、 “等于”或“缩小” ） 。【分析】 （1）探究凸透镜成像的实验时，在光具座上依次放蜡烛、凸透镜、光

39、屏，三者的中心大致在同一高度，像才能成在光屏的中心。（2）当物距小于二倍焦距，大于一倍焦距时，像距二倍焦距以外，成倒立、放大的实像。【解答】解：（1）实验前，把蜡烛、凸透镜、光屏从左向右依次放在光具座上，点燃蜡烛并调整烛焰、凸透镜、光屏的高度，使它们的中心大致在同一高度，为了使得像成在光屏的中央；（2）凸逶镜焦距 f10cm，蜡烛到凸透镜的距离为 15cm，即 2fuf，成倒立、放大的实像。故答案为：同一高度；大于；放大。【点评】凸透镜成像的三种情况（成像规律）和凸透镜成实像时，物近像远像变大，都是凸透镜成像习题的重要依据。20 （3 分）小华同学做“用电流表、电压表测电阻”实验，现有电源（电

40、压为 3 伏且保持第 20 页（共 24 页）不变） 、待测电阻 Rx、电流表、电压表、电健各一个，滑动变阻器有 A、B、C 三个（分别标有“5 2A”字样、 “10 2A”字样、 “50 1A”字样） ，以及导线若干。小华实验时选取其中一个滑动变阻器，正确连接电路，且使滑动变阻器的滑片在中点附近，闭合电键时各电表示数如图 10（a） 、 （b）所示，并记录第一组数据。继续移动滑片，当电压表示数在如图（a）的基础上偏转两格后，记录第二组数据，此时小华发现电压表、电流表偏转角度相同。求：电压表的量程是 03 伏。计算说明实验中电流表的量程。根据记录的第二组数据，计算出此时待测电阻 Rx 的阻值。

41、【分析】 根据电路连接正确确定电路的连接，因电源电压为 3V 确定电压表选用的量程；读出（ a）图中电压表示数；（b）图中，若电流表选用大（小）量程得出电流大小；根据串联电路电压的规律得出变阻器的电压；由欧姆定律，得出变阻器连入电路的电阻，与题中所给的变阻器的规格差比较，从而确定电流表选用的量程；根据电流表选用的量程确定电流表示数，继续移动滑片，当电压表示数在如图（a）的基础上偏转两格后，电压表示数可能为 1.6V 和 1.2V，据此得出电流表对应的示数，由欧姆定律分别得出电阻大小。【解答】解：电路连接正确，即待测电阻与变阻器串联，电流表串联在电路中，电压表与待测电阻并联，因电源电压为 3V，

42、故电压表选用小量程 03V ；（a）图中，电压表选用小量程，分度值为 0.1V，电压表示数为 1.4V，（b）图中，若电流表选用大量程，分度值为 0.1A，电流为 1.4A；若选用小量程，分度值为 0.02A，电流为 0.28A；根据串联电路电压的规律，变阻器的电压为：3V 1.4V 1.6V，若电流表选用大量程，由欧姆定律，变阻器连入电路的电阻：R 滑中第 21 页（共 24 页） 1.14，变阻器电阻为 21.142.28，与题中所给的变阻器的规格差别较大；若电流表选用小量程，由欧姆定律，变阻器连入电路的电阻：R 滑中 5.71，变阻器电阻为 25.7111.4，与题中所给的 10 2A

43、变阻器的相吻合；故电流表选用小量程 00.6A ；电流表示数为 0.28A继续移动滑片，当电压表示数在如图（a）的基础上偏转两格后，电压表示数可能为 1.6V 和 1.2V：若电压表示数为 1.4V+20.1V1.6V ，即电压表示数变大，根据 UIR，则电路中和电流也应变大，电流为：0.28A+20.02A0.32A ；由欧姆定律得：Rx 5 ；若电压表示数为 1.4V20.1V1.2V，即电压表示数变小，根据 UIR，则电路中和电流也应变小，电流为：0.28A 20.02A 0.24A；由欧姆定律得：Rx 5 ；故答案为：电压表的量程是 03 伏。（a）图中，电压表选用小量程，分度值为 0

44、.1V，电压表示数为 1.4V，（b）图中，若电流表选用大量程，分度值为 0.1A，电流为 1.4A；若选用小量程，分度值为 0.02A，电流为 0.28A；根据串联电路电压的规律，变阻器的电压为：3V 1.4V 1.6V，若电流表选用大量程，由欧姆定律，变阻器连入电路的电阻：R 滑中 1.14，变阻器电阻为 21.142.28，与题中所给的变阻器的规格差别较大；若电流表选用小量程，由欧姆定律，变阻器连入电路的电阻：R 滑中 5.71，变阻器电阻为 25.7111.4，与题中所给的 10 2A 变阻第 22 页（共 24 页）器的相吻合；故电流表选用小量程 00.6A ；Rx 5 或 Rx 5

45、。【点评】本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用和分类讨论的能力，关键是确定电流表选用的量程。21 （3 分）某小組同学在“探究物体在液体中所受向上的力与哪些因素有关”实验中，用弹簧测力计拉着一个圆柱体，测力计示数为 F0现将圆柱体悬空放置在一个烧杯中，倒入液体 A，圆柱体的下表面到液面的深度为 h，记录下此时弹簧测力计的示数为 F 以及F0 和 F 的差为F接着，将液体 A 替换为液体 B，重复上述实验，记录数据如下表一、二所示。表一 液体 A（ A0.810 3 千克/米 3）实验序号 h（厘米） F（牛） F（牛）1 3 8.5 1.52 6 7 33 9 5.5 4.54 12 5 5

46、表二 液体 B  （ B1.010 3 千克/ 米 3）实验序号 h（厘米） F（牛） F（牛）5 3 8.5 1.26 6 7.6 2.47 9 6.4 3.68 12 6 4根据实验序号 1 与 2 与 3 或 5 与 6 与 7 的数据，分析比较弹簧测力计的示数 F 与圆柱体的下表面到液面的深度 h 的大小关系，可得出的初步结论是：同一物体在同种液体中， 弹簧测力计示数 F 随圆柱体的下表面到液面的深度增大而减小 。根据实验序号 1 与 2 与 3 或 5 与 6 与 7 的数据，分析比较F 与圆柱体的下表面到液面的深度 h 的大小关系，可得出的初步结论是：同一物体在同种液体中

47、， F 与圆柱体的下表面到液面的深度 h 成正比 。第 23 页（共 24 页）根据实验序号 1 与 5 或 2 与 6 或 3 与 7 的数据，分析比较F 与圆柱体的下表面到液面的深度 h 的大小关系，可得出的初步结论是 同一物体在不同液体中，圆柱体的下表面到液面的深度 h 不变时，液体密度 越大，F 越大  。本实验中，圆柱体的重力为 10.0 牛，高度为  10.0 厘米。【分析】 纵向比较实验序号 1 与 2 与 3 或 5 与 6 与 7 的数据，得出结论；纵向比较表一序号 1 与 2 与 3 或表二序号 5 与 6 与 7 的数据得结论；已知两种液体密度大小，比

48、较实验序号 1 与 5 或 2 与 6 或 3 与 7 的数据，找出相同量和不同量，分析得出F 与变化量的关系；根据称重法测浮力，F F0F 求出本实验中圆柱体的重力；由可知同一物体在同种液体中，F 与圆柱体的下表面到液面的深度 h 成正比；但序号 4 与 8 实验不符合这个规律；根据阿基米德原理，F 浮 液 gV 排 ，可分析得出 4 与8 这两中情况下圆柱体已浸没在液体中，由阿基米德原理：根据 1、4 两次实验受到的浮力之比求出圆柱体的高度。【解答】解：根据实验序号 1 与 2 与 3 或 5 与 6 与 7 的数据，分析比较弹簧测力计的示数 F 与圆柱体的下表面到液面的深度 h 的大小关

49、系，可得出的初步结论是：同一物体在同种液体中，弹簧测力计示数 F 随圆柱体的下表面到液面的深度增大而减小；纵向比较表一序号 1 与 2 与 3 或表二序号 5 与 6 与 7 的数据，可知，圆柱体的下表面到液面的深度 h 为原来的几倍，F 也为原来的几倍，可得出的初步结论是：同一物体在同种液体中，F 与圆柱体的下表面到液面的深度 h 成正比；A1.010 3kg/m3 B0.810 3kg/m3，根据实验序号 1 与 5 或 2 与 6 或 3 与 7 的数据，可得出的初步结论是：同一物体在不同液体中，圆柱体的下表面到液面的深度 h 不变时，液体密度 越大，F 越大；F0G，根据称重法测浮力，FF 0F，故本实验中，圆柱体的重力为：GF+F1.5N+8.5N