2019年湖北省孝感市中考物理试卷含详细答案

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1、第 1 页（共 28 页）2019 年湖北省孝感市中考物理试卷一、选择题（大题共 10 小题，每小题 3 分共 30 分其中 1-8 小题为单项选择题，9 和10 小题为多项择对于多项选择选对的得 3 分，选对但不全的得 2 分，不选和错选得 0 分）1 （3 分）如图，是四个与声现象相关的图形，下列说法正确的是（ ）A图甲可以说明真空能够传声B图乙可以探究音色与频率的关系C图丙可以探究响度与振幅的关系D图丁的倒车雷达可以说明声能够传递能量2 （3 分）下列光现象中，由于光的直线传播形成的是（ ）A小孔成像 B雨后彩虹 C水中倒影 D海市蜃楼3 （3 分）寒假，小华一家人驾车出去旅行时，小华发

2、现汽车的前窗玻璃出现了一层水雾。打开除雾开关后，不一会玻璃上的水雾消失了，下列说法正确的是（ ）A水雾的形成是汽化现象B水雾出现在前窗玻璃的内表面C水雾是空气液化形成的D水雾消失是升华现象4 （3 分）如图所示是建筑工地上的起重机示意图，B 是配重。起重机工作时，在钢索吊起货物加速上升的过程中，下列说法正确的是（ ）A钢索对货物的拉力等于货物的重力B货物加速上升过程中没有惯性第 2 页（共 28 页）C货物的动能转化为它的重力势能D配重是为了防止起重机翻倒，利用了杠杆原理5 （3 分）下列有关说法正确的是（ ）A如果甲相对于乙向南运动，那么乙相对于地面一定向北运动B同一物体在同一路面上运动越快

3、，受到的摩擦力越小C重型货车通过增加轮胎的个数来减小货车对路面的压强D杠杆平衡后，如果动力和阻力都増加 10N，那么杠杆一定仍然杆平衡6 （3 分）如图所示，通过开关的通断来研究电路连接和电路故障等问题，下列说法正确的是（ ）A断开 S1 和 S3，闭合 S2 时，R 1 和 R2 并联B断开 S1 和 S3，闭合 S2 时，电压表测量电源电压C断开 S2，闭合 S1 时 S3， R1 和 R2 串联D断开 S1，闭合 S2 时 S3，R 2 被短路7 （3 分）关于下列几个图形，说法正确的是（ ）A图甲中被测物体的长度为 4.8cmB图乙中向两纸片中间吹气，两纸片靠拢C图丙中的人站在绝缘椅子

4、上，通电后不会触电D图丁中的人提着滑板在水平路面上前行，人的竖直拉力对滑板做功8 （3 分）下列有关说法错误的是（ ）第 3 页（共 28 页）A磁极间的相互作用是通过磁场发生的B电动机工作时将电能主要转化为机械能C5G 时代的人和物连接、物和物连接是利用电磁波来传递信息的D核电站利用铀核聚变释放出核能发电9 （3 分）如图所示，用相同的滑轮组装成甲、乙滑轮组，分别将同一重物在相等的时间内提升相同的高度，不计绳重和摩擦，则（ ）A甲、乙的拉力之比是 3： 2B甲、乙绳的自由端速度之比是 1：1C甲、乙拉力的功率之比是 3：2D甲、乙的机械效率之比是 1：110 （3 分）如图所示，电源电压恒为

5、 3.0V，R 1 为定值电阻，滑动变阻器 R2 的阻值变化范围为 050，闭合开关，当滑片 P 处于某一位置时，电压表示数为 2.0V，电流表的示数为 0.1A，则（ ）A定值电阻 R120B当滑片 P 向右滑动时，电压表的示数变大C整个电路总功率的最小值为 0.15WD当滑动变阻器的功率为 0.2W，R 25 或 R220二、作图与实验探究题（本大题 4 小题，共 20 分）第 4 页（共 28 页）11 （2 分）如图所示，小车 A 与 B 一起向右做匀速直线运动，当小车 A 与正前方的墙碰撞时，请画出物体 B 受到的重力和摩擦力的示意图（两力均画在重心上） 。12 （2 分）如图所示，

6、凸透镜斜放，其主光轴与水平成 45角，F 是焦点。一条入射光线，经过凸透镜折射后，入射到水平放置的平面镜上被反射，已知折射光线 BO 与水平成45角，请完成光路图，画出入射到凸透镜的入射光线和经平面镜反射的反射光线。13 （4 分）如图，是“比较水和食用油的吸热能力”的实验装置。图中相同的烧杯所装水和食用油的体积 （选填“相同”或“不同” ） ，用规格相同的电加热器使水和食用油在相同的时间内吸收相同的热量，观察和比较它们升高的温度，实验结果表明，质量相等的水和食用油，升高相同的温度时， 不同，我们引入一个物理量 来反映物质的这种吸热能力。在电加热过程中，电能转化为 。14 （6 分）如图所示，

7、有一柱状的薄透明玻璃容器（在它的外面有表示高度的刻度纸）和一底面积是 20cm2，高 8cm 并刻有高度的圆柱体（密度大于水的密度，用细线系着） 。某实验小组利用这两个器材探究：当物体浸入柱状容器的水中时，水对容器底增大的压强与水对物体的浮力之间有什么关系。他们先往容器中加水至 10.00cm 刻度处（图中己标出） ） ，再用细线吊圆柱体，让圆柱体浸入列水中的深度 h 先后是：2.00cm，4.00cm，6.00cm 、8.00cm，读出容器底到水面对应增加深度h，利用阿基米德原理公式和液体压强公式分别计算出对应的浮力 F 浮 和水对容器底增加的压强p，结果如下表：第 5 页（共 28 页）F

8、 浮 /N 0.4 0.8 1.2 1.6p/Pa 100 200 300 400（1）分析表中数据可知，当圆柱体浸入柱状容器的水中时，水对容器底增大的压强与水对物体的浮力成 ，如果物体浸没后继续增大它在水中的深度，F 浮 和p 都 （选填“增大”或“不变”或“减小” ） ；（2）同学们又从另一个角度讨论了这种关系的成因：当物体浸入水中时，水对物体施加了竖直向上的浮力，由于 物体对水也会施加大小相等的竖直向下的压力，使容器底部增大的压力大小为 F 浮 （柱状容器底面积为 S） ，那么p （用所给物理量字母表示） ；（3）根据本次实验数据，计算出容器底面积 S cm 2，圆柱体浸没在水中时，水面

9、所对的刻度是 cm。15 （6 分）某班同学分成两个小组做了以下不同的实验：（1）第一小组观察小灯泡的亮度与实际功率的关系，小灯泡的额定电压为 2.5V 实物电略连接如图所示。第 6 页（共 28 页）开关闭合后，会发现 （选填“电压表”或“电流表” ）的指针反偏；将错误连接改正后，闭合开关，调节滑动变阻器，使电压表的示数为 0.2V 时，发现灯泡不亮，你认为其原因是 （填写选项前的字母序号）A：小灯泡断路 B：小灯泡的实际功率太小继续调节滑动变阻器，使电压表的示数为 2.5V，灯泡正常发光，电流表的示数为0.30A；再调节滑动变阻器使电压表的示数达到 3.0V，灯泡强烈发光，此时灯泡的实际功

10、率 （选填“小于”或“等于”或“大于” ）1.08W。（2）第二小组测量额定电压为 3.8V 的小灯泡的额定功率，采用如甲所示的电路图，其中电源电为 4.5V，R10。闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，使电流表的示数为 A，灯泡正常发光；保持滑动变阻器滑片的位置不变，断开开关，将电流表改接到灯泡所在的支路，与灯泡串联，闭合开关后，电流表的示数如图乙所示，则此时通过灯泡的电流为 A；灯泡的额定功率为 W。三、应用题（共 3 小题，满分 20 分）16 （6 分）一辆厢式小货车某次运货，满载后总质量是 5.0103kg，在平直的公路上匀速行驶 100km，耗油 10kg，货车受到的阻力是总重力的 0

11、.05 倍，发动机的牵引功率是50kW（油的热值是 5.0107J/kg，g10N/kg） ，求：（1）货车受到的牵引力；（2）货车匀速行驶的速度；（3）货车发动机的效率。17 （6 分）水平桌面上有一容器，底面积为 100cm2，容器底有一个质量为 132g、体积120cm3 的小球，如图甲所示（ 水 1.010 3kg/m3，g10N/kg）第 7 页（共 28 页）（1）向容器中注入质量为 1.6kg 的水时，水深 13cm，如图乙所示，求水对容器底的压强；（2）再向容器中慢慢加入适量盐并搅拌，直到小球悬浮为止，如图丙所示，求此时盐水的密度 1；（3）继续向容器中加盐并搅拌，某时刻小球静

12、止，将密度计放入盐水中，测得盐水的密度 21.210 3kg/m3，求小球浸入盐水的体积。18 （8 分）家用电饭锅中自动开关一般由感温铁氧体组成，将电饭锅的自动开关 S 按下，电饭锅处于别热状态，当感温铁氧体温度达到 103时失去磁性，被吸铁块由弹簧弹开，使电饭锅进入保温状态。某家用电饭锅内部电路简化示意图如图甲，某次使用该电饭锅在 220V 的电压下煮饭过程中，通过的电流随时间变化的图象如图乙。（1）当锅内温度为 100时，自动开关 S 与 （选填“1”或“2” ）连接，此时电饭锅处于 （选填“加热“或“保温” ）状态。（2）该电饭锅此次工作 30 分钟消耗的电能为多少？（3）电阻 R1

13、与 R2 的阻值之比为多少？（4）若要使该电饭锅的加热功率提高到 1100W，可以给电阻 R1 并联一个阻值为多大的电阻 R3？第 8 页（共 28 页）2019 年湖北省孝感市中考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（大题共 10 小题，每小题 3 分共 30 分其中 1-8 小题为单项选择题，9 和10 小题为多项择对于多项选择选对的得 3 分，选对但不全的得 2 分，不选和错选得 0 分）1 （3 分）如图，是四个与声现象相关的图形，下列说法正确的是（ ）A图甲可以说明真空能够传声B图乙可以探究音色与频率的关系C图丙可以探究响度与振幅的关系D图丁的倒车雷达可以说明声能够传递能量【分析】将

14、甲乙丙丁四个图涉及的物理情景，与对应的物理知识相联系，然后加以分析，即可确定选择项中对物理情景分析的正误，从而可以得到答案。【解答】解：A、声音的传播需要介质，随着向外抽出空气的进行，钟罩内的空气越来越少，所以听到的声音会越来越小，可以推理得出真空不能传声，故 A 错误。B、乙实验说明声音的音调与频率有关，频率越高，音调越大，故 B 错误；C、响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；乙图通过观察乒乓球被弹起的幅度可以探究“响度与振幅的关系” ；故 C 正确；D、图丁汽车上的倒车雷达，属于利用声音传递信息，故 D 错误；故选：C。【点评】掌握声音的三个特征：音调、响度、音色。音调跟频率有关，频

15、率越大，音调越高；响度跟振幅有关，振幅越大，响度越大；音色跟物体的材料和结构有关。2 （3 分）下列光现象中，由于光的直线传播形成的是（ ）A小孔成像 B雨后彩虹 C水中倒影 D海市蜃楼第 9 页（共 28 页）【分析】熟悉光传播的规律：（1）光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；（2）当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来发生反射现象，例如：平面镜成像、水中倒影等；（3）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向的会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅等。【解答】解：A、小孔成像，是由光的直线传播

16、形成的，故 A 符合题意。B、雨后彩虹是由于太阳光照在空气中的小水珠上形成的光带，是色散现象，是光的折射形成的，故 B 不合题意。C、平静的水面相当于平面镜，故拱桥在水中的倒影是利用光的反射形成的，故 C 不合题意。D、海市蜃楼是光线在沿直线方向传播中，因空气密度不同，经过折射造成的结果，故D 不合题意。故选：A。【点评】本题题考查光的直线传播的具体生活实例，需要利用生活和物理之间的联系进行判断；能否区分三种光现象：光的直线传播、光的反射、光的折射，是本题的解题关键。3 （3 分）寒假，小华一家人驾车出去旅行时，小华发现汽车的前窗玻璃出现了一层水雾。打开除雾开关后，不一会玻璃上的水雾消失了，下

17、列说法正确的是（ ）A水雾的形成是汽化现象B水雾出现在前窗玻璃的内表面C水雾是空气液化形成的D水雾消失是升华现象【分析】 （1）在一定条件下，物体的三种状态固态、液态、气态之间会发生相互转化，这就是物态变化；（2）物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。第 10 页（共 28 页）（3）六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。【解答】解：ABC、在冬天，车玻璃的温度较低，车内的水蒸气遇到冷的玻璃液化形成小水滴，附着在

18、玻璃的内表面形成雾气，故 AC 错误，B 正确；D、打开除雾开关，对着玻璃吹暖风，玻璃上的小水滴会汽化为水蒸气，车窗玻璃就清晰了，故 D 错误。故选：B。【点评】本题主要考查学生对液化现象在生活中的应用的了解和应用，是一道基础题。4 （3 分）如图所示是建筑工地上的起重机示意图，B 是配重。起重机工作时，在钢索吊起货物加速上升的过程中，下列说法正确的是（ ）A钢索对货物的拉力等于货物的重力B货物加速上升过程中没有惯性C货物的动能转化为它的重力势能D配重是为了防止起重机翻倒，利用了杠杆原理【分析】 （1）根据力与运动的关系分析解答；（2）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯

19、性是物体的一种属性；（3）判断是哪种能量转化成了另一种能量的标准是：减小的转化为增多的。（4）杠杆原理亦称“杠杆平衡条件” 。在使用杠杆时，为了省力，就应该用动力臂比阻力臂长的杠杆；如果想要省距离，就应该用动力臂比阻力臂短的杠杆。【解答】解：A、起重机工作时，在钢索吊起货物加速上升的过程中，钢索对货物的拉力大于货物的重力。故 A 错误；B、任何物体在任何时候都具有惯性，故货物加速上升过程中也具有惯性。故 B 错误；C、在钢索吊起货物加速上升的过程中，货物的质量不变，高度升高，速度变大，故重力势能和动能都变大，所以货物的动能没有转化为它的重力势能。故 C 错误；第 11 页（共 28 页）D、如

20、图所示建筑工地上的起重机示意图，工作时，起重臂绕 O 转动，属于杠杆原理的应用，根据杠杆平衡条件可知，配重是为了防止起重机翻倒。故 D 正确。故选：D。【点评】此题考查了杠杆的应用、惯性、动能和重力势能的转化，以及力与运动的关系，是一道综合题。生活处处有物理，我们要认真观察、思考我们生活中的物理现象。5 （3 分）下列有关说法正确的是（ ）A如果甲相对于乙向南运动，那么乙相对于地面一定向北运动B同一物体在同一路面上运动越快，受到的摩擦力越小C重型货车通过增加轮胎的个数来减小货车对路面的压强D杠杆平衡后，如果动力和阻力都増加 10N，那么杠杆一定仍然杆平衡【分析】 （1）物体的运动和静止是相对的

21、，甲相对乙的向南运动，只能判断乙相对甲向北运动，其它不能做出判断。（2）滑动摩擦力大小跟压力和接触面粗糙程度有关，跟运动速度无关。（3）从压强大小的影响因素进行分析。（4）杠杆平衡需要动力和动力臂的乘积等于阻力和阻力臂的乘积。【解答】解：A、如果甲相对于乙向南运动，只能知道甲和乙之间的位置变化情况，不能判断乙和地面之间的位置变化，所以不能判断乙相对地面是如何变化的。故说法错误。B、当一个物体在接触面上运动时，无论是加速、匀速还是减速，滑动摩擦力都是不变的，因为滑动摩擦力跟压力和接触面粗糙程度有关，跟速度无关。故说法错误。C、重型货车在质量一定，在水平地面上对水平地面的压力就一定，增加轮胎的个数

22、，增加了受力面积，压强减小。说法正确。D、杠杆平衡后，动力和阻力相等，不能说明动力和动力臂的乘积等于阻力和阻力臂的乘积相等，只能说在动力和阻力相等，杠杆可能平衡。说法错误。故选：C。【点评】本题考查了运动和静止的相对性、滑动摩擦力大小的影响因素、压强大小的影响因素、杠杆平衡的条件，这些都是基础内容，掌握基础很重要。6 （3 分）如图所示，通过开关的通断来研究电路连接和电路故障等问题，下列说法正确的是（ ）第 12 页（共 28 页）A断开 S1 和 S3，闭合 S2 时，R 1 和 R2 并联B断开 S1 和 S3，闭合 S2 时，电压表测量电源电压C断开 S2，闭合 S1 时 S3， R1

23、和 R2 串联D断开 S1，闭合 S2 时 S3，R 2 被短路【分析】 （1）串联电路电流只有一条路径，电流依次经过各用电器从正极回到电源负极；并联电路电流有多条路径，分别经过各用电器从电源正极回到负极；（2）短路分为电源短路和用电器短路，电源短路是指用导线直接将电源两端相连；而用电电器短路是指用一根导线将某个用电器的两端连接起来，使电器两端的电压为零。【解答】解：AB、由图可知，当断开 S1 和 S3，闭合 S2 时，电流只有一条路径：正极 电流表R 1R 2S 2负极，所以 R1 与 R2 为串联；此时电压表并联在 R1 两端，则电压表测量 R1 两端电压，故 AB 错误；C、断开 S2

24、，闭合 S1 时 S3，电流从正极出发经电流表分两支：一支经过 S1R 2，另一支经过 R1，然后汇合经 S3 回到电源负极，所以 R1 和 R2 并联，故 C 错误；D、由图可知，断开 S1，闭合 S2 时 S3，电流只有一条路径：正极电流表R 1S 3负极，R 2 被短路，故 D 正确；故选：D。【点评】本题考查了学生识别串、并联电路的能力，电路的识别一般就从电流路径上分析，只有一条路径的是串联，有多条路径的是并联。7 （3 分）关于下列几个图形，说法正确的是（ ）第 13 页（共 28 页）A图甲中被测物体的长度为 4.8cmB图乙中向两纸片中间吹气，两纸片靠拢C图丙中的人站在绝缘椅子上

25、，通电后不会触电D图丁中的人提着滑板在水平路面上前行，人的竖直拉力对滑板做功【分析】 （1）使用刻度尺测量物体长度之前，要明确其分度值；使用刻度尺测量物体长度时，要观察是否从 0 刻度线量起，起始端没从 0 开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；（2）对着两张纸的中间吹气，两张纸中间的空气流速大，压强小，两纸片靠拢；（3）家庭电路中的触电事故，都是人直接或间接接触火线引起的；触电有两种：当人体的不同部位分别接触火线和零线时，站在地上，身体的某一部位与火线接触，据此分析；（4）做功的两个必要条件是：一是物体受到力的作用；二

26、是物体在这个力的方向上通过一定的距离。【解答】解：A、由图甲知，刻度尺上 1cm 之间有 10 个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm1mm，即此刻度尺的分度值位 1mm；物体左侧与 1.00cm 刻度线对齐，右侧与 4.90cm 刻度线对齐，所以物体的长度为L4.90cm 1.00cm3.90cm，故 A 错误；B、对着两张纸的中间吹气，两张纸中间的空气流速变大，压强变小，小于外界的大气压，产生了一个向内的压强差，将纸压向中间，故 B 正确；C、图中能构成闭合的电路，即有电流流过人体，会触电，故 C 错误；D、用力提着滑板在水平路面上前行，此过程中，拉力与距离的方向垂直，故拉力没有做功，

27、故 D 错误。第 14 页（共 28 页）故选：B。【点评】本题考查刻度尺的使用，流速与压强的关系，用电安全，以及功的公式的应用，是一道综合题。8 （3 分）下列有关说法错误的是（ ）A磁极间的相互作用是通过磁场发生的B电动机工作时将电能主要转化为机械能C5G 时代的人和物连接、物和物连接是利用电磁波来传递信息的D核电站利用铀核聚变释放出核能发电【分析】 （1）磁场会对放入其中的磁体产生磁力的作用；（2）电动机是根据通电导体在磁场中受到力的原理工作的；（3）电磁波可以传递信息；（4）核能分为裂变和聚变两种，裂变分为两种：可控链式反应和不可控链式反应，前者主要应用在核反应堆中，后者应用在原子弹中

28、；聚变主要应用在氢弹上。【解答】解：A、磁体周围空间存在磁场，磁极间的相互作用是通过磁场发生的。故 A正确；B、电动机工作过程中消耗电能，得到机械能，所以将电能转化为机械能。故 B 正确；C、电磁波可以传递信息，5G 时代的人和物连接、物和物连接是利用电磁波来传递信息的。故 C 正确；D、核能发电是利用铀原子核裂变的可控链式反应来发电的。故 D 错误。故选：D。【点评】此题是一道综合题，考查了磁场的存在、电动机工作原理、电磁波的应用及核电站原理，包括的知识点较多，考查的是我们掌握知识的熟练程度。9 （3 分）如图所示，用相同的滑轮组装成甲、乙滑轮组，分别将同一重物在相等的时间内提升相同的高度，

29、不计绳重和摩擦，则（ ）第 15 页（共 28 页）A甲、乙的拉力之比是 3： 2B甲、乙绳的自由端速度之比是 1：1C甲、乙拉力的功率之比是 3：2D甲、乙的机械效率之比是 1：1【分析】由滑轮组的结构知道承担物重的绳子股数 n，则绳子自由端移动的距离snh；（1）不计绳重及摩擦，拉力 F （G 物 +G 轮 ） ，据此比较拉力大小之比；（2）拉力端移动距离 sh，拉力端移动距速度等于物体提升速度的 n 倍，据此求甲、乙绳的自由端速度之比；（3）上面求出了拉力、绳的自由端速度之比，利用 PFv 求甲、乙拉力的功率之比；（4）把相同的重物匀速提升相同的高度，做的有用功相同；不计绳重及摩擦，利用

30、相同的滑轮和绳子、提升相同的高度，做额外功相同；而总功等于有用功加上额外功，可知利用滑轮组做的总功相同，再根据效率公式判断滑轮组机械效率的大小关系。【解答】解：A、不计绳重及摩擦，拉力 F （G 物 +G 轮 ） ，由图知，n 甲 2，n 乙 3，所以绳端的拉力分别为：F 甲 （G 物 +G 轮 ） ，F 乙 （G 物 +G 轮 ） ，则甲乙拉力之比 F 甲 ：F 乙 （G 物 +G 轮 ）： （G 物 +G 轮 ）3：2，故 A 正确；B、将同一重物在相等的时间内提升相同的高度，则提升物体的速度相同，由图知，n 甲 2，n 乙 3，所以甲、乙绳的自由端速度分别为：v 甲 2v，v 乙 3v，

31、第 16 页（共 28 页）所以，甲、乙绳的自由端速度之比 v 甲 ：v 乙 2v：3v2：3，故 B 错；C、由 AB 的解答可知， F 甲 ：F 乙 3：2，v 甲 ：v 乙 2： 3，由 P Fv 可得，甲、乙拉力的功率之比 P 甲 ：P 乙 1：1，故 C 错；D、不计绳重及摩擦，动滑轮重相同，提升的物体重和高度相同，由 W 额 G 轮 h、W有用 G 物 h 可知，利用滑轮组做的有用功相同、额外功相同，则拉力做的总功相同，由 可知，两滑轮组的机械效率相同，即甲、乙的机械效率之比 甲 ： 乙1：1，故 D 正确。故选：AD。【点评】本题重点理解：把相同的重物匀速提升相同的高度，做的有用

32、功相同；不计绳重及摩擦，利用相同的滑轮和绳子、提升相同的高度，做额外功相同；而总功等于有用功加上额外功，可知利用滑轮组做的总功相同。10 （3 分）如图所示，电源电压恒为 3.0V，R 1 为定值电阻，滑动变阻器 R2 的阻值变化范围为 050，闭合开关，当滑片 P 处于某一位置时，电压表示数为 2.0V，电流表的示数为 0.1A，则（ ）A定值电阻 R120B当滑片 P 向右滑动时，电压表的示数变大C整个电路总功率的最小值为 0.15WD当滑动变阻器的功率为 0.2W，R 25 或 R220【分析】 （1）由电路图可知，R 1、R 2 串联，电压表测 R2 两端的电压，电流表测电路中的电流，

33、根据串联电路电压特点和欧姆定律求出定值电阻 R1 的阻值；（2）当滑片 P 向右滑动时，R 2 接入电路的阻值变大，根据串联分压特点可知电压表的示数示数变化；第 17 页（共 28 页）（3）当 R2 接入电路的阻值最大时，电路总电阻最大，整个电路总功率的最小，根据P 求出电路的最小电功率；（4）根据 P2I 2R2（ ） 2R2 表示出滑动变阻器的功率，利用数学知识可求出R2 的阻值。【解答】解：A、由电路图可知，R 1、R 2 串联，电压表测 R2 两端的电压 U22.0V，电流表测电路中的电流 I10.1A，根据串联电路电压特点可知，R 1 两端的电压：U 1UU 23V 2V1V，由

34、I 可知，定值电阻 R1 的阻值：R 1 10 ，故 A 错误；B、当滑片 P 向右滑动时，R 2 接入电路的阻值变大，根据串联分压的特点可知，R 2 两端的电压变大，即电压表的示数变大，故 B 正确；C、当 R2 接入电路的阻值最大时，电路总电阻最大，根据 P 可知，整个电路总功率的最小，此时电路总电阻：RR 1+R210+5060 ，电路的最小电功率：P 最小 0.15W，故 C 正确；D、滑动变阻器的功率：P 2I 2R2（ ） 2R2，即：0.2W（ ） 2R2，为了便于计算，将单位去掉化简得：2R 2250R 2+2000 ，即：（2R 210） （R 220）0，解得：R 25 或

35、 R220 ，故 D 正确。故选：BCD。【点评】本题主要考查串联电路的特点、欧姆定律的应用以及电功率公式的灵活应用等，尤其是知道滑动变阻器消耗的功率求其接入电路的阻值是本题的难点，需要用到一元二次方程来求解。注意本题还可以拓展求出滑动变阻器消耗的电功率最大时，电路中的电流以及滑动变阻器接入的阻值等，有时候还会结合图象来出题，同学们平时多归纳，力求会一题，会一类题，加油！第 18 页（共 28 页）二、作图与实验探究题（本大题 4 小题，共 20 分）11 （2 分）如图所示，小车 A 与 B 一起向右做匀速直线运动，当小车 A 与正前方的墙碰撞时，请画出物体 B 受到的重力和摩擦力的示意图（

36、两力均画在重心上） 。【分析】 （1）根据重力的方向是竖直向下的，过重心做竖直向下的力即可；（2）首先根据惯性判定 B 的运动方向，然后根据运动方向判断摩擦力的方向，再根据力的示意图的画法画出摩擦力。【解答】解：重力的方向是竖直向下的，过 B 的重心画一条带箭头的竖直向下的有向线段，用 G 表示，即为其所受重力示意图：小车 A 与 B 一起向右做匀速直线运动，当小车 A 与正前方的墙碰撞时，小车停止运动，但 B 因为具有惯性，所以 B 会向右运动，则 B 受到的摩擦力方向水平向左，如图所示：【点评】此题考查重力和摩擦力示意图的画法，根据惯性判定 B 的运动方向、掌握力的示意图的作法是正确解题的

37、关键。12 （2 分）如图所示，凸透镜斜放，其主光轴与水平成 45角，F 是焦点。一条入射光线，经过凸透镜折射后，入射到水平放置的平面镜上被反射，已知折射光线 BO 与水平成45角，请完成光路图，画出入射到凸透镜的入射光线和经平面镜反射的反射光线。【分析】 （1）根据折射光线的特点，根据凸透镜的三条特殊光线画出对应的入射光线。（2）首先垂直于平面镜作出法线，然后根据反射角等于入射角作出反射光线。【解答】解：（1）通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴，由此可以画出这第 19 页（共 28 页）条折射光线对应的入射光线。（2）过入射点垂直于镜面作出法线，根据反射角等于入射角，在法线的另一侧作

38、出反射光线，如图所示：【点评】本题考查了透镜光路图和光的反射光路图的画法，难度不大，关键是掌握凸透镜的三条特殊光线和光的反射定律。13 （4 分）如图，是“比较水和食用油的吸热能力”的实验装置。图中相同的烧杯所装水和食用油的体积 不同 （选填“相同”或“不同” ） ，用规格相同的电加热器使水和食用油在相同的时间内吸收相同的热量，观察和比较它们升高的温度，实验结果表明，质量相等的水和食用油，升高相同的温度时， 吸收的热量 不同，我们引入一个物理量 比热容 来反映物质的这种吸热能力。在电加热过程中，电能转化为 内能 。【分析】 （1）实验中采用了转换法，通过观察液体温度的变化来研究水和食用油的吸热

39、能力，比较水与食用油的吸热能力应控制水与食用油的质量相等。（2）不同的物质吸热能力不同，物质的这种特性用比热容来描述；（3）电热器工作时将电能转化为内能。【解答】解：（1）在“比较水和食用油的吸热能力”实验中，在两个相同的烧杯中应加入初温相同、质量相同的水和食用油，因为水和食用油的密度不同，所以根据 可知食用油和水的体积不同；（2）质量相等的水和食用油，升高相同的温度时，加热时间不相同，即吸收的热量不相同，说明水和食用油的吸热本领不相同，物理学中用比热容来表示不同物质的这种吸热能力；第 20 页（共 28 页）（3）在电加热过程中，消耗电能，液体的内能增大，即将电能转化为内能。故答案为：不同；

40、吸收的热量；比热容；内能。【点评】此题考查了我们对于实验数据的分析能力，考查了对比热容这一物理量的理解，我们要能够根据相关的实验数据得出我们需要的知识，并能够将这些知识应用于生活。14 （6 分）如图所示，有一柱状的薄透明玻璃容器（在它的外面有表示高度的刻度纸）和一底面积是 20cm2，高 8cm 并刻有高度的圆柱体（密度大于水的密度，用细线系着） 。某实验小组利用这两个器材探究：当物体浸入柱状容器的水中时，水对容器底增大的压强与水对物体的浮力之间有什么关系。他们先往容器中加水至 10.00cm 刻度处（图中己标出） ） ，再用细线吊圆柱体，让圆柱体浸入列水中的深度 h 先后是：2.00cm，

41、4.00cm，6.00cm 、8.00cm，读出容器底到水面对应增加深度h，利用阿基米德原理公式和液体压强公式分别计算出对应的浮力 F 浮 和水对容器底增加的压强p，结果如下表：F 浮 /N 0.4 0.8 1.2 1.6p/Pa 100 200 300 400（1）分析表中数据可知，当圆柱体浸入柱状容器的水中时，水对容器底增大的压强与水对物体的浮力成 正比 ，如果物体浸没后继续增大它在水中的深度，F 浮 和p 都 不变 （选填“增大”或“不变”或“减小” ） ；（2）同学们又从另一个角度讨论了这种关系的成因：当物体浸入水中时，水对物体施加了竖直向上的浮力，由于 物体间力的作用是相互的 物体对

42、水也会施加大小相等的竖直向下的压力，使容器底部增大的压力大小为 F 浮 （柱状容器底面积为 S） ，那么p （用所给物理量字母表示） ；（3）根据本次实验数据，计算出容器底面积 S 40 cm 2，圆柱体浸没在水中时，水面所对的刻度是 14 cm。第 21 页（共 28 页）【分析】 （1）当两个物理量的比值一定，这两个物理量是成正比的。当两个物理量的乘积一定，这两个物理量是成反比的。F 浮 和p 是否变化从阿基米德原理和压强公式推导。（2）物体间力的作用是相互的。（3）根据p 计算容器底的面积。知道浸没时的浮力求出物体排开水的体积，知道容器的底面积求出升高的高度。【解答】解：（1）由表格分析

43、， 250，所以水对容器底增大的压强与水对物体的浮力成正比。如果物体浸没后继续增大它在水中的深度，物体排开水的体积没有变化，水的密度没有变化，所以浮力 F 浮 不变。水的深度变化量不变，水的密度不变，所以pgh 不变。（2）当物体浸入水中时，水对物体施加了竖直向上的浮力，由于物体间力的作用是相互的，物体对水也会施加大小相等的竖直向下的压力，使容器底部增大的压力大小为 F浮 ，所以p 。（3）当浮力是 0.4N，p 100Pa 时，因为，p所以，100Pa所以，S410 3 m240cm 2，第 22 页（共 28 页）当圆柱体完全浸没时，圆柱体排开物体的体积等于圆柱体的体积，当圆柱体浸没时，水

44、面上升的高度：h 4cm所以水面到达的刻度：hh 0+h10cm+4cm14cm。故答案为：（1）正比；不变；（2）物体间力的作用是相互的； ；（3）40；14。【点评】物体浸在液体中，物体受到液体竖直向上的浮力，这个学生容易理解，因为物体间力的作用是相互的，同时物体给液体一个竖直向下的压力作用，对于柱状容器，这个压力就作用在容器的底部。15 （6 分）某班同学分成两个小组做了以下不同的实验：（1）第一小组观察小灯泡的亮度与实际功率的关系，小灯泡的额定电压为 2.5V 实物电略连接如图所示。开关闭合后，会发现 电压表 （选填“电压表”或“电流表” ）的指针反偏；将错误连接改正后，闭合开关，调节

45、滑动变阻器，使电压表的示数为 0.2V 时，发现灯泡不亮，你认为其原因是 B （填写选项前的字母序号）A：小灯泡断路 B：小灯泡的实际功率太小继续调节滑动变阻器，使电压表的示数为 2.5V，灯泡正常发光，电流表的示数为0.30A；再调节滑动变阻器使电压表的示数达到 3.0V，灯泡强烈发光，此时灯泡的实际功率 小于 （选填“小于”或“等于”或“大于” ）1.08W。（2）第二小组测量额定电压为 3.8V 的小灯泡的额定功率，采用如甲所示的电路图，其中电源电为 4.5V，R10。第 23 页（共 28 页）闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，使电流表的示数为 0.38 A，灯泡正常发光；保持滑动变阻器

46、滑片的位置不变，断开开关，将电流表改接到灯泡所在的支路，与灯泡串联，闭合开关后，电流表的示数如图乙所示，则此时通过灯泡的电流为 0.4 A；灯泡的额定功率为 1.52 W。【分析】 （1）电流从电压表正接线柱流入，从负接线柱流出，否则电压表的指针反偏；根据灯的额定电压为 2.5V 远大于 0.2V 分析；电压表的示数为 2.5V 电流表的示数为 0.30A，根据 PUI 求出灯的额定功率；根据 P ，在电阻不变时，电功率与电压的平方成正比，得出灯泡的实际功率，但因灯的电阻随温度的升高而变大，根据 P 确定答案；（2） 根据并联电路电压的规律和闭欧姆定律分析；根据电流表选用小量程确定分度值读数；

47、由 PU LIL 得出灯泡的额定功率。【解答】解：（1）电流从电压表负接线柱流入了，故开关闭合后，会发现电压表的指针反偏；灯的额定电压为 2.5V，而灯的实际电压为 0.2V 时，故灯的实际电流很小，根据PUI 灯的功率太小，灯不发光，选 B；电压表的示数为 2.5V，灯泡正常发光，电流表的示数为 0.30A，灯的额定功率：PUI2.5V0.3A0.75W；根据 P ，在电阻不变时，电功率与电压的平方成正比，电压表的示数达到 3.0V 为额定电压的 1.2 倍，若灯的电阻不变，则灯泡的实际功率为：P 实 （1.2） 20.75W1.08W，但因灯的电阻随温度的升高而变大，根据 P ，故此时灯泡

48、的实际功率小于 1.08W；第 24 页（共 28 页）（2） 灯在额定电压下正常发光，根据并联电路各支路电压相等，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，使电流表的示数为 I 0.38A ，灯泡正常发光；保持滑动变阻器滑片的位置不变，断开开关，将电流表改接到灯泡所在的支路，与灯泡串联，闭合开关后，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，则此时通过灯泡的电流为 0.4A；灯泡的额定功率为：PU LIL3.8V0.4A1.52W。故答案为：（1）电压表； B； 小于；（2）0.38；0.4；1.52。【点评】本题考查电压表使用、电路分析、影响电阻大小的因素、功率公式的运用及设计方案测额定功率的能力。三、应用题（共 3 小题，满分 20 分）16 （6 分）一辆厢式小货车某次运货，满载后总质量是 5.0103kg，在平直的公路上匀速行驶 100km，耗油 10kg，货车受到的阻力是总重力的 0.05 倍，发动机的牵引功率是50kW（油的热值是