【100所名校】2019届湖南省长沙市岳麓区高三月考试卷（七） 理科综合物理试题（解析版）

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1、2019届湖南师范大学附属中学高三月考试卷（七）理科综合物理试题此卷只装订不密封班级 姓名 准考证号 考场号 座位号 物理注意事项：1答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。4考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。第I卷（选择题)一、多选题1由法拉第电磁感应定律可知，若穿过某截面的磁通量为msin t

2、，则产生的感应电动势为emcos t。如图所示，竖直面内有一个闭合导线框ACD(由细软弹性电阻丝制成)，端点A、D固定。在以水平线段AD为直径的半圆形区域内，有磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里的有界匀强磁场。设导线框的电阻恒为r，圆的半径为R，用两种方式使导线框上产生感应电流。方式一：将导线与圆周的接触点C点以恒定角速度1(相对圆心O)从A点沿圆弧移动至D点；方式二：以AD为轴，保持ADC45，将导线框以恒定的角速度2转90。则下列说法正确的是（ ）A方式一中，在C从A点沿圆弧移动到图中ADC30位置的过程中，通过导线截面电荷量为B方式一中，在C沿圆弧移动到圆心O的正上方时，导线框中的感应

3、电动势最大C两种方式回路中电动势的有效值之比D若两种方式电阻丝上产生的热量相等，则2如图所示，在光滑水平桌面上有一个质量为m的质点，在沿平行于桌面方向的恒定外力F作用下，以初速度v0从A点开始做曲线运动，图中曲线是质点的运动轨迹。已知在t s末质点的速度达到最小值v，到达B点时的速度方向与初速度v0的方向垂直，则（ ）A恒定外力F的方向与初速度的反方向成角指向曲线内侧，且B质点所受合外力的大小为C质点到达B点时的速度大小为Dt s内恒力F做功为3下列说法正确的是（ ）A一定质量的气体，在体积不变时，分子每秒与器壁平均碰撞次数随着温度降低而减小B晶体熔化时吸收热量，分子平均动能一定增大C空调既能

4、制热又能制冷，说明在不自发地条件下热传递方向性可以逆向D外界对气体做功时，其内能一定会增大E. 生产半导体器件时，需要在纯净的半导体材料中掺人其他元素，可以在高温条件下利用分子的扩散来完成4如图所示为一列简谐横波在t0时刻的图象，此时质点P的运动方向沿y轴正方向，且当t10 s时质点Q恰好第2次到达y轴正方向最大位移处，下列说法正确的有（ ）A波沿x轴负方向传播B波的周期为sC波的传播速度为m/sDt3 s时质点Q的路程小于20 cmE. t6 s时质点P的路程等于40 cm5如图甲所示，光滑平行金属导轨MN、PQ所在平面与水平面成角，M、P之间接一阻值为R的定值电阻，阻值为r的金属棒bc垂直

5、导轨放置，其他部分电阻不计。整个装置处在磁感应强度为B的匀强磁场中，磁场方向垂直导轨平面向上。t0时对金属棒bc施加一平行于导轨向上的外力F，金属棒bc由静止开始沿导轨向上运动，通过R的感应电荷量q随t2的变化关系如图乙所示。下列关于金属棒bc的加速度a、通过金属棒bc的电流I、金属棒bc受到的外力F、穿过回路cbPMc的磁通量随时间t变化的图象中正确的是（ ）A B C D二、单选题6关于近代物理的知识，下列说法正确的是（ ）A查德威克发现质子的核反应方程为B衰变就是原子核内的一个质子转化为一个中子和电子，电子被释放出来C铀核裂变的一种核反应方程为D若氢原子从n6的能级向n1的能级跃迁时辐射

6、出的光不能使某金属发生光电效应，则氢原子从n6的能级向n2的能级跃迁时辐射出的光也不能使该金属发生光电效应7如图所示，一辆小车在牵引力作用下沿半径为R的弧形路面匀速率上行，小车与路面间的阻力大小恒定，则上行过程中（ ）A小车处于平衡状态，所受合外力为零B小车受到的牵引力逐渐增大C小车受到的牵引力对小车做的功一定大于小车重力势能的增加量D小车重力的功率逐渐增大82018年6月14日11时06分，探月工程嫦娥四号任务“鹊桥”中继星成为世界首颗成功进入地月拉格朗日L2点的Halo使命轨道的卫星，为地月信息联通搭建“天桥”。如图所示，该L2点位于地球与月球连线的延长线上，“鹊桥”位于该点，在几乎不消耗

7、燃料的情况下与月球同步绕地球做圆周运动，已知地球、月球和“鹊桥”的质量分别为Me、Mm、m，地球和月球之间的平均距离为R，L2点离月球的距离为x，则（ ）A“鹊桥”的线速度小于月球的线速度B“鹊桥”的向心加速度小于月球的向心加速度Cx满足D9如图所示，光滑的水平面上静止着一辆小车(用绝缘材料制成)，小车上固定一对竖直放置的带电金属板，在右金属板的同一条竖直线上有两个小孔a、b。一个质量为m、带电量为q的小球从小孔a无初速度进入金属板，小球与左金属板相碰时间极短，碰撞时小球的电量不变且系统机械能没有损失，小球恰好从小孔b出金属板，则（ ）A小车(含金属板，下同)和小球组成的系统动量守恒B小车和小

8、球组成的系统机械能守恒C在整个过程中小车的位移为零D因为小车和小球的质量大小关系未知，无法求出小车的位移10如图所示，理想变压器原、副线圈匝数比为12，正弦交流电源电压为U12 V，电阻R11 ，R22 ，滑动变阻器R3最大阻值为20 ，滑片P处于中间位置，则（ ）AR1与R2消耗的电功率相等 B通过R1的电流为3 AC若向上移动P，电压表读数将变大 D若向上移动P，电源输出功率将不变第II卷（非选择题)三、解答题11如图所示，在平面直角坐标系第象限内充满y方向的匀强电场，在第象限的某个圆形区域内有垂直于纸面的匀强磁场(电场、磁场均未画出)；一个比荷为k的带电粒子以大小为v0的初速度自点P(d

9、，d)沿x方向运动，恰经原点O进入第象限，粒子穿过匀强磁场后，最终从x轴上的点Q(9d，0)沿y方向进入第象限；已知该匀强磁场的磁感应强度为B，不计粒子重力。(1)求第象限内匀强电场的场强E的大小。(2)求粒子在匀强磁场中运动的半径R及时间tB。(3)求圆形磁场区的最小半径rmin。12如图所示，在倾角为30的光滑斜面上，一轻质弹簧两端连接两个质量均为m1 kg的物块B和C。物块C紧靠着挡板P，物块B通过一跨过光滑定滑轮的轻质细绳与质量m08 kg、可视为质点的小球A相连，与物块B相连的细绳平行于斜面，小球A在外力作用下静止在对应圆心角为60、半径R2 m的光滑圆弧轨道的最高点a处，此时细绳恰

10、好伸直且无拉力，圆弧轨道的最低点b与光滑水平轨道bc相切。现由静止释放小球A，当小球A滑至b点时，物块B未到达a点，物块C恰好离开挡板P，此时细绳断裂。已知重力加速度g取10 m/s2，弹簧始终处于弹性限度内，细绳不可伸长，定滑轮的大小不计。求：（1）弹簧的劲度系数；（2）在细绳断裂后的瞬间，小球A对圆弧轨道的压力大小。13如图所示，体积为V的汽缸由导热性良好的材料制成，面积为S的活塞将汽缸分成体积相等的上下两部分，汽缸上部通过单向阀门K(气体只能进入汽缸，不能流出汽缸)与一打气筒相连。开始时汽缸内上部分气体的压强为p0，现用打气筒向容器内打气。已知打气筒每次能打入压强为p0、体积为的空气，当

11、打气49次后，稳定时汽缸上下两部分的体积之比为91，重力加速度大小为g，外界温度恒定，不计活塞与汽缸间的摩擦。求活塞的质量m。14如图所示，空气中一直角棱镜ABC，A=30，一束单色光从AC边中点D垂直射入棱镜，从AB边射出的光线与AB边夹角为30，已知BC边长度为m，光在真空中的传播速度c=3108m/s。求：（1）该棱镜的折射率；（2）从BC边射出的光在该棱镜中的传播时间。四、实验题15利用计算机和力传感器可以比较精确地测量作用在挂钩上的力，并能得到挂钩所受的拉力随时间变化的关系图象，实验过程中挂钩位置可认为不变。某同学利用力传感器和单摆小球来验证机械能守恒，实验步骤如下：如图甲所示，固定

12、力传感器M；取一根不可伸长的细线，一端连接一小铁球，另一端穿过固定的光滑小圆环O，并固定在传感器M的挂钩上(小圆环刚好够一根细线通过)；让小铁球自由悬挂并处于静止状态，从计算机中得到拉力随时间变化的关系图象如图乙所示；让小铁球以较小的角度在竖直平面内的A、B之间摆动，从计算机中得到拉力随时间变化的关系图象如图丙所示。请回答以下问题：(1)小铁球的重量为_。(2)为了验证小铁球在最高点A和最低点处的机械能是否相等，则_。A一定得测出小铁球的质量mB一定得测出细线离开竖直方向的最大偏角C一定得知道当地重力加速度g的大小及图乙和图丙中的F0、F1、F2的大小D只要知道图乙和图丙中的F0、F1、F2的

13、大小(3)若已经用实验测得了第(2)小问中所需测量的物理量，则为了验证小铁球在最高点A和最低点处的机械能是否相等，只需验证_等式是否成立即可。(用题中所给物理量的符号来表示)16某实验小组想组装一个双量程(3 V、15 V)的电压表，提供的器材如下：A电流表G：满偏电流为300 A，内阻未知；B干电池E：电动势为3 V，内阻未知；C滑动变阻器R1：最大阻值约为5 k，额定电流为1 A；D滑动变阻器R2：最大阻值约为16 k，额定电流为0.5 A；E电阻箱R0：09999.9 ；F定值电阻R3：40 k，额定电流为0.1 A；G开关两个，导线若干。(1)若用图示电路测量电流表G的电阻，则滑动变阻

14、器R应选用_(选填“C”或“D”)。(2)将开关S1、S2都断开，连接好实物图，将滑动变阻器的滑片P调到_(选填“a”或“b”)端。接通开关S1，调节滑动变阻器使电流表G的指针示数为200 A；闭合开关S2，调节电阻箱R0的阻值为100 时电流表G的指针示数为100 A，则电流表G的内阻测量值为_。(3)在虚线框中画出双量程电压表的电路原理图_，并标明所选的器材和改装电压表对应的量程，其中R0应取值为_k。2019届湖南师范大学附属中学高三月考试卷（七）理科综合物理试题物理答案1AC【解析】方式一中，在C从A点沿圆弧移动到题图中ADC30位置的过程中，穿过回路磁通量的变化量为BR2。由法拉第电

15、磁感应定律E，I，qIt，联立解得，选项A正确；第一种方式中穿过回路的磁通量1BR2sin 1t，所产生的电动势为e11BR2cos 1t，在C沿圆弧移动到圆心O的正上方时，导线框中的磁通量最大，由法拉第电磁感应定律可知，感应电动势最小，感应电动势为零，选项B错误；第二种方式中穿过回路的磁通量2BR2cos 2t，所产生的电动势为e22BR2sin 2t，则两种方式所产生的正弦交流电动势的有效值之比为，时间满足，产生的焦耳热Q1t1，Q2t2，若Q1Q2，则，选项C正确，D错误。故选AC.2ABC【解析】分析可知，恒力F的方向应与速度方向成钝角，如图所示：在x方向上由运动学知识得 vv0sin

16、 ；在y方向上由运动学知识得v0cos ayt；由牛顿第二定律有Fmay ；解得F ，sin ，即恒力F的方向与初速度的反方向成角指向曲线内侧，且sin 。故AB正确；设质点从A点运动到B历时t1，设在v0方向上的加速度大小为a1，在垂直v0方向上的加速度大小为a2，由牛顿第二定律有Fcos ma1；Fsin ma2；由运动学知识可得v0a1t1；vBa2t1解得vB，则选项C正确；t s内恒力F做功为m(v02v2) ，故D错误。故选ABC.3ACE【解析】一定质量的气体，在体积不变时，表示分子个数不变，温度降低则气体的平均动能减少，气体的分子的平均速率减小，故气体分子每秒与器壁平均碰撞次数

17、减小，故A正确；晶体具有特定的熔点，晶体熔化时吸收热量，但温度不变，故分子平均动能一定不变，故B错误；一切与热量有关的现象都具有方向性，在外界条件帮助下可以进行逆向传递，空调既能制热又能制冷，说明在不自发地条件下热传递方向性可以逆向，故C正确；外界对气体做功时，在气体不向外放热的时，气体的内能增大，若气体同时放热，气体的内能可能不变，故D错误；生产半导体器件时，需要在纯净的半导体材料中掺人其他元素，可以在高温条件下利用分子的扩散来完成，故E正确。4AE【解析】T=0时刻质点P的运动方向沿y轴正方向，可知波沿x轴负向传播，选项A正确；t=0时刻Q点的平衡位置坐标x=m，当t10 s时质点Q恰好第

18、2次到达y轴正方向最大位移处，可知传播的距离为，则波速，周期，选项C正确，B错误； t3 s=0.5T，波向左传播5m，此时Q点振动到x轴上方与t=0时刻对称的位置，可知质点Q的路程等于20 cm，选项D错误；t6 s=T时质点P的路程等于4A=40 cm，选项E正确；故选ACE.5CD【解析】因为并且，故，即电路中的电流随时间均匀增大，所以根据可得P关于时间t不是二次函数，A错误D正确；由，知v与时间t成正比，知加速度不变，故B错误；由牛顿运动定律知，知，v随时间均匀增大，其他量保持不变，故F随时间均匀增大，不是时间的平方，故C正确；【名师点睛】对于图象问题一定弄清楚两坐标轴的含义，尤其注意

19、斜率、截距的含义，对于复杂的图象可以通过写出两坐标轴所代表物理量的函数表达式进行分析6D【解析】发现质子的是卢瑟福，故A错误；衰变实质是原子核内的一个中子转化为一个质子和电子，这个电子以射线的形式释放出来，故B错误；铀核需要俘获一个慢中子才能发生裂变，其中的一种核反应方程，故C错误；根据玻尔理论可知，氢原子从n6的能级向n1的能级跃迁时辐射出的光的能量大于氢原子从n6的能级向n2的能级跃迁时辐射出的光的能量，结合光电效应发生的条件可知，若氢原子从n6的能级向n1的能级跃迁时辐射出的光不能使某金属发生光电效应，则氢原子从n6的能级向n2的能级跃迁时辐射出的光也不能使该金属发生光电效应，故D正确。

20、故选D.7C【解析】A由题可知，小车做匀速圆周运动，其加速度不为零，即小车不处于平衡状态，合力不为零，故选项A错误；B对小车进行受力分析，如图所示：根据平衡条件可以得到：，由于逐渐增大，可知逐渐减小，故选项B错误；C由题可知，小车动能不变，根据动能定理可知：，则根据功能关系可知重力的功等于重力势能的变化，则牵引力对小车做的功一定大于小车重力势能的增加量，故选项C正确；D随着小车的上升，角逐渐增大到，则根据公式可知由于角逐渐增大则重力的功率逐渐减小，故选项D错误。【点睛】本题考查小车做匀速圆周运动，切线方向根据平衡条件列出方程，判断牵引力的大小，然后结合动能定理以及功率的公式进行分析即可。8C【

21、解析】线速度vR，中继星绕地球转动的半径比月球绕地球的半径大，“鹊桥”中继星绕地球转动的线速度比月球绕地球转动的线速度大，故A错误；向心加速度a2R，“鹊桥”中继星绕地球转动的向心加速度比月球绕地球转动的向心加速度大，故B错误；中继卫星的向心力由月球和地球引力的合力提供，则有，对月球而言则有 ，两式联立可解得 ，故C正确，D错误；故选C。9C【解析】在小球与左金属板碰前 ，电场力对小车和小球都做正功，小车的机械能增加，系统机械能不守恒，选项B错误；小球进入电场后完全失重，系统只在水平方向的动量守恒，选项A错误；小车和小球在水平方向上动量守恒，系统初动量、初速度为0，水平方向上满足人船模型，从开

22、始小球进入平行板到离开平行板，小车与小球的相对位移为0，即小车和小球在此过程中的位移都是0，小车在整个过程中的位移为0，选项C正确、D错误；故选C。10B【解析】理想变压器原副线圈匝数之比为1：2，可知原副线圈的电流之比为2：1，根据P=I2R可知R1与R2消耗的电功率之比为2：1，故A错误；设通过R1的电流为I，则副线圈电流为0.5I，初级电压：U-IR1=12-I；根据匝数比可知次级电压为2（12-I），则，解得I=3A，故B正确；若向上移动P，则R3电阻减小，次级电流变大，初级电流也变大，根据P=IU可知电源输出功率将变大，电阻R1的电压变大，变压器输入电压变小，次级电压变小，电压表读数

23、将变小，故C D错误；故选B。11（1） （2）； （3）d【解析】粒子在第象限做类平抛运动：解得：场强（2）设粒子到达O点瞬间，速度大小为v，与x轴夹角为：，粒子在磁场中，洛伦兹力提供向心力：解得，粒子在匀强磁场中运动的半径在磁场时运动角度：在磁场时运动时间（3）如图，若粒子进入磁场和离开磁场的位置恰位于磁场区的某条直径两端，可求得磁场区的最小半径解得：12（1）5 N/m （2）144 N【解析】(1)小球A位于a处时，绳无张力且物块B静止，故弹簧处于压缩状态对B由平衡条件有kxmgsin 30当C恰好离开挡板P时，C的加速度为0，故弹簧处于拉升状态对C由平衡条件有kxmgsin 30由几

24、何关系知Rxx代入数据解得k5 N/m(2)物块A在a处与在b处时，弹簧的形变量相同，弹性势能相同，故A在a处与在b处时，A、B系统的机械能相等，有m0gR(1cos 60)mgRsin 30m0vA2mvB2将A在b处的速度分解，由速度分解关系有vAcos 30vB代入数据解得vA4 m/s在b处，对A由牛顿定律有Nm0gm0代入数据解得Nm0gm0144 N由牛顿第三定律，小球A对圆轨道的压力大小为N144 N13【解析】开始时，汽缸上部分气体体积为，压强为p0，下部分气体体积为，压强为后来汽缸上部分气体体积为，设压强为p，下部分气体体积为，压强为打入的空气总体积为，压强为p0由玻意耳定律

25、可知，对上部分气体有：对下部分气体有：解得：。14（1） （2）【解析】（1）如图所示：从AB边射出的光入射角 折射角 折射率为：（2）光从BC边射出的路程：光在棱镜中传播速度：传播时间为：。【点睛】本题是几何光学问题，作出光路图是解题的关键之处，再运用几何知识求出入射角、折射角，即能很容易解决此类问题。15（1）1.0 （2）D （3）3F0=F1+2F2【解析】(1)由于重力加速度未知，则有小铁球静止时，绳子的拉力F0，可知，小球的重力GmgF0；小球在最低点，由牛顿第二定律则有：F2F0m，因此有F0l(1cos )mv2(F2F0)l；对A点受力分析得：F0cos F1，即有3F02F

26、1F2，由上可知，故D正确，ABC错误。故选D。(2)根据机械能守恒的表达式有：mgl（1-cos）mv2结合以上分析，则有3F02F1F2。16（1）D （2）100 （3）；9.9【解析】(1)由图可知，本实验中采用半偏法确定表头内阻，为了减小并联电阻箱后对电流的影响，滑动变阻器应选择总阻值较大的D；(2)闭合开关S2，调节电阻箱R0的阻值为100时电流表G的示数为100A，则说明电流表半偏，电阻箱分流100A；根据串并联电路的规律可知，电流表G的内阻为100；(3)由电流表改装成电压表要将电阻与电流表串联，量程越大，串联的电阻越大，所以电路图如图：电流表G与电阻箱串联改装成的电压表量程为3V，则有：即解得：。【点睛】本题考查半偏法测量电流计内阻的实验方法和电流表改装原理，要注意明确半偏法原理，知道电表的改装原理，明确串并联电路的基本规律和应用。