【100所名校】2018-2019学年四川省成都市外国语学校高一下学期入学考试物理试题（解析版）

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1、2018-2019学年四川省成都市外国语学校高一下学期入学考试物理试题此卷只装订不密封班级 姓名 准考证号 考场号 座位号 物理注意事项：1答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。4考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。第I卷（选择题)一、单选题1下列哪位科学家首先采用了实验检验猜想和假设的科学方法，

2、把实验和逻辑推理和谐地结合 起来，从而有力地推动了人类科学的发展( )A亚里士多德 B伽利略 C牛顿 D爱因斯坦2下列说法中正确的是（ ）A体育课上某同学掷铅球成绩是9.60m，其中9.60m是铅球的路程B沿半径为R的圆周运动一周，其位移的大小是2RC把一物体竖直上抛（忽略空气阻力），其上升过程和下落过程的加速度相同D从资阳同一地点出发经过不同路径到达成都同一目的地，它们的路程和位移均不同3如图是某质点运动的速度时间图象，由图象可知质点（ ）A01s内的加速度大小等于24s内的加速度大小B01s内的运动方向与24s内的运动方向相反C01s内与24s内的平均速度均是1m/sD02s内的位移大小是

3、4m4下列关于力的说法中正确的是（ ）A用手将小球竖直向上抛出后，小球仍向上运动是因为小球还受到手对它的作用B摩擦力的方向总是与物体的相对运动或相对运动趋势方向相反C放在水平桌面上静止的书对桌面的压力就是书的重力D马拉车做加速运动，是马拉车的力大于车拉马的力5如图所示，小物块沿斜面向下匀速滑行，斜面处于静止状态，不计空气阻力，关于小物块的受力情况，下列说法中正确的是（ ）A受重力、支持力、摩擦力B受重力、支持力、下滑力C受重力、支持力D受重力、支持力、摩擦力、下滑力6一个做初速度为零的匀加速直线运动的物体，下列说法中正确的是（ ）A从开始运动的连续三个2秒内，通过的位移大小之比是1：4：9B从

4、开始运动的连续三个2秒内，平均速度大小之比是1：2：3C从开始运动到距出发点2m、4m、6m，所经历的时间之比是1：2：3D从开始运动到距出发点2m、4m、6m，所经历的时间之比是7如图所示，在光滑的水平地面上有两个质量相等的物体，中间用劲度系数为k的轻质弹簧相连，在外力F1、F2作用下运动。已知F1F2，当运动达到稳定时，弹簧的伸长量为（ ）A B C D8如图所示,物体M静止于倾斜放置的木板上,使木板的倾斜角缓慢增大至90的过程中,下列说法中正确的是（ ）A物体所受支持力变大B物体所受摩擦力变小C木板对物体的作用力逐渐先减小后增大D物体所受重力、支持力和摩擦力的合力先不变后增大9如下图所示

5、，传送带的水平部分长为L，传动速率为v，在其左端无初速度释放一小木块，若木块与传送带间的动摩擦因数为，则木块从左端运动到右端的时间不可能是（ ）A. B. C. D.二、多选题10如图所示，小娟、小明两人共提一桶水匀速前行。已知两人手臂对桶的拉力大小相等且为F，两人手臂间的夹角为，水和水桶总重为G，则下列说法中正确的是（ ）A当0时，FGB当为120时，FGC当=90时，FGD越大，F越大11在以加速度a匀加速上升的升降机中站着一个质量为m的人，当地重力加速度为g，下列关于此人的说法中正确是（ ）A人对电梯的压力为m(g-a) B人对电梯的压力为m(g+a)C人所受的重力为mg D人所受的重力

6、为m(g+a)12如图，用OA、OB两根轻绳将花盆悬于两竖直墙之间，开始时OB绳水平现保持O点位置不变，改变OB绳长使绳右端由B点缓慢上移至B点，此时OB与OA之间的夹角90设此过程OA、OB绳的拉力分别为FOA、FOB，则下列说法正确的是（ ）AFOA一直减小 BFOA一直增大CFOB一直减小 DFOB先减小后增大13如图所示，内壁光滑的半球形容器静止在粗糙水平面上.将一劲度系数为k的轻弹簧一端固定在半球形容器底部O处(O为球心)，弹簧另一端与质量为m的小球相连，小球静止于P点。已知容器半径为R、OP与水平方向的夹角为30。下列说法正确的是（ ）A轻弹簧对小球的作用力大小为B半球形容器相对于

7、水平面有向左的运动趋势C半球形容器对小球的弹力和弹簧对小球的作用力的合力竖直向上D弹簧原长为第II卷（非选择题)三、实验题14某同学利用如图（a）装置做“探究弹簧弹力大小与其长度的关系”的实验（1）在安装刻度尺时，必须使刻度尺保持_状态（2）他通过实验得到如图（b）所示的弹力大小F与弹簧长度x的关系图线，由此图线可得劲度系数k=_N/m（3）他又利用本实验原理把该弹簧做成一把弹簧秤，当弹簧秤上的示数如图（c）所示时，该弹簧的长度x=_cm15某同学设计了一个“探究加速度与物体所受合力F及质量的关系”的实验。如图（a）为实验装置简图，A为小车，B为电火花打点计时器，C为钩码，D为一端带有定滑轮的

8、长方形木板，还有交流电源没有画出。实验中认为细绳对小车拉力F等于钩码的重力。当地重力加速度为。（1）除了以上仪器外，还需要下列器材中的（ ）A秒表 B天平 C毫米刻度尺 D弹簧测力计（2）为了消除小车与水平木板之间摩擦力的影响应采取的做法是（ ）A将木板不带滑轮的一端适当垫高，使小车在钩码拉动下恰好做匀速运动B将木板带滑轮的一端适当垫高，使小车在钩码拉动下恰好做匀速运动C将木板不带滑轮的一端适当垫高，在不挂钩码的情况下使小车恰好做匀速运动D将木板不带滑轮的一端适当垫高，在不挂钩码的情况下使小车能够静止在木板上（3）图（b）为某次实验得到的纸带（交流电的频率为），由图（b）中数据求出小车加速度大

9、小为 ，A点对应的小车速度大小为 （保留两位有效数字）。（4）保持小车质量不变，改变钩码质量，进行多次测量。根据实验数据作出了加速度随拉力的变化图线，如图（c）所示，图中直线没有通过原点，其主要原因是 。四、解答题16一物体从离地80m高处下落做自由落体运动g=10m/s2求：（1）物体下落的总时间为多少？（2）物体落地时的速度为多大？（3）下落后第2s内的位移为多大？17如图所示为排球网架，为了使用活动铰链与地面连接的排球网架的直杆能垂直于水平地面，需要用绳子把杆拉住绳子CO与竖直直杆CD夹角为37，与球网在同一平面内；绳子AO、BO、CO同在另一平面内，AO、BO两绳子的拉力大小相等，夹角

10、为60；球网上方水平拉线CE的拉力大小为300N，排球网架直杆质量为20kg，不计绳子、拉线和球网的重力（g取10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8）求：（1）铰链给直杆的支持力为多大？（2）AO、BO两绳子的拉力大小18如图所示，一块质量为M=2kg，长为L=3m的均质薄木板静止在足够长的水平桌面上，木板的左端静止摆放质量为m=1kg的小木块（可视为质点），薄木板和小木块之间的动摩擦因数为1=0.1，薄木板和地面之间的动摩擦因数为 2=0.2。t=0s时刻在M上施加一恒定水平向左拉力F=12N，g取10m/s2。求：（1）F刚作用在木板上时M和m的加速度大小.（2）如果F一直作

11、用在M上，经多少时间m离开M ？（3）若t=1s末撤去F，再经过多少时间M和m第一次速度相同？19如图，一质量为1 kg的小球套在一根固定的直杆上，直杆与水平面夹角为30，现小球在F=10N的沿杆向上的拉力作用下，从A点静止出发沿杆向上运动，已知杆与球间的动摩擦因数m为。试求：（1）小球运动的加速度a1；（2）若F作用2s后撤去，小球上滑过程中距A点最大距离Sm；（3）若从撤去力F开始计时，小球经多长时间将经过距A点上方为4.64m的B点。2018-2019学年四川省成都市外国语学校高一下学期入学考试物理试题物理答案1B【解析】伽利略首先建立了平均速度，瞬时速度和加速度等概念用来描述物体的运动

12、，并首先采用了实验检验猜想和假设的科学方法，把实验和逻辑推理和谐地结合起来，从而有力地推进了人类科学的发展，故B正确，ACD错误。【点睛】本题考查物理学史，要注意准确掌握各位物理学家所做出的贡献。2C【解析】体育课上某同学掷铅球成绩是9.60m，其中9.60m是铅球的位移，选项A正确；沿半径为R的圆周运动一周，其位移的大小是零，选项B错误；把一物体竖直上抛（忽略空气阻力），其上升过程和下落过程的加速度相同，均为g，选项C正确；从雅安同一地点出发经过不同路径到达成都同一目的地，它们的位移相同，但是路程不同，故选项D错误；故选C.【名师点睛】此题是对路程和位移的考查；要知道位移是从起点指向终点的有

13、向线段的长度，而位移是物体走过的路径的总长度，位移是矢量，而路程是标量；根据具体问题即可进行有关的判断，此题是基础题，意在考查学生基础知识的掌握.3C【解析】01s内的加速度大小为：，24s内的加速度大小为：，故A错误；由图可知在物体运动的04s过程当中运动方向没有改变，故B错误；根据匀变速直线运动的平均速度公式可知：01s内平均速度，24s内的平均速度为：，故C正确；图线的“面积”大小等于位移，则得02s内位移大小为故D错误。所以C正确，ABD错误。4B【解析】A、用手将小球竖直向上抛出后，小球仍向上运动是因为惯性的原因，故A错误；B、摩擦力的方向总是与物体的相对运动或相对运动趋势方向相反，

14、故B正确；C、书受到的重力方向竖直向下，书对桌面的压力的方向是竖直向下受力方向相同，不是同一力，故C错误；D、马拉车的力和车拉马的力是一对作用力和反作用力，大小相等，故D错误；故选：B.【点评】本题考查的知识点较多，比如惯性、力是物体间的相互作用、力的分类和摩擦力的方向，难度不大，属于基础题5A【解析】物体受到重力、斜面的支持力和摩擦力三个力作用由于物体静止，合力为零，根据平衡条件得知，物体有沿斜面向下的运动趋势，故静摩擦力方向沿斜面向上，支持力方向垂直于斜面向上，故A正确，BCD错误故选：A【点评】分析受力情况一般按重力、弹力和摩擦力的顺序进行，静摩擦力方向与物体相对运动趋势方向相反，支持力

15、垂直于接触面指向被支持的物体6D【解析】根据，可得初速度为0的匀加速直线运动在前2s、前4s、前6s的位移之比为1：4：9，故在开始连续的三个2s内通过的位移之比为1：3：5，故A错误；根据平均速度公式，可得从开始运动的连续三个2秒内，平均速度大小之比是1：3：5，故B错误；根据，可得，所以从开始运动到距出发点2m、4m、6m，所经历的时间之比是，故D正确，C错误。所以D正确，ABC错误。【点睛】本题主要考查了初速度为零的匀变速直线运动基本公式的应用。7D【解析】以整体为研究对象，此时的加速度为，隔离A，对A受力分析，根据牛顿第二定律有：F1-F=ma，根据胡克定律得：F=kx，解得弹簧的伸长

16、量：，故D正确，ABC错误。【点睛】解决本题的关键能够正确地受力分析，运用牛顿第二定律进行求解，掌握整体法和隔离法的运用。8D【解析】在物体滑动之前物体受重力、支持力和静摩擦力处于平衡，根据共点力平衡，运用平行四边形定则得，支持力：N=mgcos，静摩擦力：f=mgsin，当缓慢增大，支持力逐渐减小，根据牛顿第三定律，物体对木板的压力也逐渐减小；当缓慢增大，支持力逐渐减小，静摩擦力逐渐增大；当物体开始滑动后，支持力仍然减小；摩擦力变为了滑动摩擦力，f=mgcos；则随着夹角的增大，摩擦力减小；故支持力和压力一直减小；而摩擦力先增大，后减小，故AB错误；在物体未滑动前物体所受重力、支持力和摩擦力

17、的合力一直为零，滑动后物体所受的合力增大，即木板对物体的作用力逐渐先不变后减小，故C错误，D正确。所以D正确，ABC错误。9A【解析】据题意，当物体先做匀加速直线运动，再做匀速运动时，有：加速阶段时间为：，即，匀速阶段时间为：，总的运动时间为：，故选项B正确；如果物体从左端到右端一直加速，到达右端是速度刚好与传送到的相对，则有：，即，故选项D正确；如果物体加速到右端速度也没有加速到v，则有：，即，故选项C正确；则应该选择选项A。考点：本题考查传送到问题。10BD【解析】设小娟、小明的手臂对水桶的拉力大小为F，由题小娟、小明的手臂夹角成角，则根据平衡条件得：，解得：，当=0时最大，可得：，故A错

18、误；当为90时，故C错误；当为120时，F=G，故B正确；当越大时，则F越大，故D正确。所以BD正确，AC错误。11BC【解析】由牛顿第二定律知N-mg=ma，所以电梯对人的支持力为mg+ma，根据牛顿第三定律可得，人对电梯的压力大小等于N=m（g+a），人受的重力不变为mg，故BC正确，AD错误。【点睛】掌握超重失重的特点：加速度向上超重，加速度向下失重，无论超重和失重，物体的重力不变。12AD【解析】以结点O为研究对象，分析受力：重力G、绳OA的拉力FOA和绳BO的拉力FOB，如图所示：根据平衡条件知，两根绳子的拉力的合力与重力大小相等、方向相反，作出轻绳OB在两个位置时力的合成图如图，由

19、图看出，FOA逐渐减小，FOB先减小后增大，当=90时，FOB最小，故AD正确，BC错误。【点睛】本题运用图解法研究动态平衡问题，也可以根据几何知识得到两绳垂直时，轻绳OB的拉力最小来判断。13CD【解析】对容器和小球整体研究，分析受力可求得半球形容器受到地面的静摩擦力情况；对小球进行受力分析可知，小球受重力、支持力及弹簧的弹力而处于静止，由共点力的平衡条件可求得小球受到的轻弹簧的弹力及小球受到的支持力，由胡克定律求出弹簧的压缩量，即可求得原长以容器和小球整体为研究对象，分析受力可知：竖直方向有：总重力、地面的支持力，容器相对于水平面无滑动趋势，地面对半球形容器没有摩擦力，B错误；对小球受力分

20、析：重力G、弹簧的弹力F和容器的支持力N，如图所示：根据平衡条件，容器和弹簧对小球的作用力的合力与重力平衡，竖直向上，结合几何关系可知，A错误C正确；由胡克定律，弹簧的压缩量为，故弹簧的原长为，D正确；14（1）竖直 （2）50 （3）10【解析】（1）弹簧是竖直的，要减小误差，刻度尺必须与弹簧平行，故刻度尺要保持竖直状态；（2）弹簧处于原长时，弹力为零，故原长为4cm；弹簧弹力为2N时，弹簧的长度为8cm，伸长量为4cm；根据胡克定律F=kx，有：。（3）由图可知，弹簧秤的拉力为3N；则由胡克定律可知：，则弹簧的长度为：6cm+4cm=10cm。【点睛】本题关键是明确实验原理，然后根据胡克定

21、律F=kx并结合图象列式求解。15.（1）BC （2）C （3）3.1；1.9 （4）平衡摩擦力过度（或不带滑轮的一端垫得过高）【解析】（1）需要刻度尺测量计数点之间的距离大小，需要天平测量小车和勾码的质量，故AD错误BC正确；（2）将不带滑轮的木板一端适当垫高，在不挂钩码的情况下使小车恰好做匀速运动，以使小车的重力沿斜面分力和摩擦力抵消，那么小车的合力就是绳子的拉力故选：C。（3）匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，故：，根据匀变速直线运动的推论公式可以求出加速度的大小： 。（4）细线拉力为零时已经有加速度，说明不带滑轮的一端垫得过高，即平衡摩擦力过度。考点：探究加速度与物

22、体质量、物体受力的关系【名师点睛】明确实验原理以及具体操作，知道需要测量数据即可正确解答；为了消除小车与水平木板之间摩擦力的影响应采取做法是将不带滑轮的木板一端适当垫高，在不挂钩码的情况下使小车恰好做匀速运动；根据匀变速直线运动的推论公式可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上A点时小车的瞬时速度大小。16（1） （2） （3）【解析】（1）根据自由落体运动规律有：解得：（2）根据自由落体运动规律有：解得：（3）设物体前一段时间内的位移大小为，有：联解得：考点：自由落体运动【名师点睛】根据位移时间公式求出落地的时间，根据速度时间公式求出落

23、地的速度根据位移时间公式求出下落内的位移，从而得知最后内的位移的大小。17（1） （2）【解析】（1）CO绳子和网对C的拉力的合力竖直向下，如图所示：对杆：解得：对O点：由（1）得解得：【点睛】本题关键是分别随AD杆和O点受力分析，然后结合力的作用效果并根据平行四边形定则进行合成，结合几何关系列式求解。18（1） （2）t1=2s （3）s【解析】（1）对m由牛顿第二定律有：同理对M有：解得：，（2）设m离开M的时间为t1,则对m: 对M： 又有：L=x2x1 解得： t1=2s （3）t=1s时，m的速度： M的速度： 1s后m仍以a1的加速度作匀加速运动，M将以a3的加速度匀减速运动，且有

24、：设再经t2后二者速度相等，有： 解得：s【点睛】解决本题的关键理清M和m在整个过程中的运动情况，分析其受力情况，结合牛顿第二定律和运动学公式研究。19（1）2 m/s2 （2）5m （3）1.1s【解析】（1）在力F作用时有：Fmgsin30mgcos30=ma1代入数据解得a1=2 m/s2（2）刚撤去F时，小球的速度v1=a1t1=22m/s=4m/s小球的位移s1=t1=4m撤去力F后，小球上滑时有：mgsin30+mgcos30=ma2代入数据解得a2=8m/s2因此小球上滑时间t2=0.5s上滑位移s2=1m则小球上滑的最大距离为sm=s1+s2=4+1m=5m（3）在上滑阶段通过B点：SABS1=v1t3a2t32通过B点时间t3=0.2 s，另t3=0.8s （舍去）小球返回时有：mgsin30mgcos30=ma3代入数据解得a3=2m/s2因此小球由顶端返回B点时有：SmSAB=a3t42代入数据解得t4=0.6s通过通过B点时间t2+t4=1.1s【点评】本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的综合运用，关键理清小球在整个过程中的运动规律，结合运动学公式和牛顿第二定律进行求解