【100所名校】2019届四川省棠湖中学高三二诊模拟考试理综物理试题（解析版）

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1、2019届四川省棠湖中学高三二诊模拟考试理综物理试题此卷只装订不密封班级 姓名 准考证号 考场号 座位号 物理注意事项：1答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。4考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。第I卷（选择题)一、单选题1下列说法中正确的是（ ）A为了解释光电效应规律，爱因斯坦提出了光子说B在

2、完成粒子散射实验后，卢瑟福提出了原子的能级结构C玛丽居里首先发现了放射现象D在原子核人工转变的实验中，查德威克发现了质子2如图所示，两块相互垂直的光滑挡板OP，OQ，OP竖直放置，小球a，b固定在轻弹簧的两端水平力F作用于b时，a，b紧靠挡板处于静止状态现保证b球不动，使挡板OP向右缓慢平移一小段距离，则（ ）A弹簧变长 B弹簧变短 C力F变大 Db对地面的压力变大3如图所示，直线a与半圆周b分别表示两质点A、B从同一地点出发，沿同一方向做直线运动的vt图当B的速度变为0时，A恰好追上B，则A的加速度为（ ）(B质点的运动为理想模型)A1 m/s2 B2 m/s2 Cm/s2 Dm/s24在如

3、图所示的电路中，a、b为两个完全相同的灯泡，L为自感线圈，E为电源，S为开关。下列说法正确的是（ ）A合上开关S，a、b同时亮B合上开关S，a先亮、b后亮C将原来闭合的开关S断开，a先熄灭、b后熄灭D将原来闭合的开关S断开，b先熄灭、a后熄灭5如图所示，甲、乙两卫星在过某行星的球心的同一平面内做圆周运动，甲、乙两卫星的轨道半径之比为1：2，下列关于这两颗卫星的说法正确的是（ ）A甲、乙两卫星的周期之比为1：8B甲、乙两卫星的角速度之比为2:lC甲、乙两卫星的线速度大小之比为：1D若甲、乙两卫星质量相同，则甲的机械能大干乙的机械能6一对平行金属板长为L，两板间距为d，质量为m，电荷量为e的电子从

4、平行板左侧以速度v0沿两板的中线不断进入平行板之间，两板间所加交变电压uAB如图所示，交变电压的周期，已知所有电子都能穿过平行板，且最大偏距的粒子刚好从极板的边缘飞出，不计重力作用，则（ ）A所有电子都从右侧的同一点离开电场B所有电子离开电场时速度都是v0Ct0时刻进入电场的电子，离开电场时动能最大Dt时刻进入电场的电子，在两板间运动时最大侧位移为二、多选题7相距很近的一对带等量异种电荷的平行金属板，它们之间的电场除边缘外，可看做是匀强电场，其电场线分布如图所示一个带粒子只在电场力作用下沿图中轨迹穿过该电场，则从a运动到d的过程中，下列说法正确的是()A粒子的速度一定在增大B粒子带负电C粒子在

5、a点的电势能大于d点电势能D粒子的加速度先变大再不变后变小8A、B两球沿一直线运动并发生正碰，如图所示为两球碰撞前后的位移时间(xt)图像，图中a、b分别为A、B两球碰撞前的位移时间图像，c为碰撞后两球共同运动的位移一时间图像，若A球的质量mA3kg，则由图可知下列结论正确的是（ ）AA球碰撞前的速度vA3 m/sBB球的质量为mB2 kgCA、B两球碰撞前的总动量为13 kgm/sD碰撞中A、B两球组成的系统损失的机械能为15 J9下列说法正确的是（ ）A单晶体和多晶体在物理性质上均表现为各向异性B墨水滴入水中出现扩散现象，这是分子无规则运动的结果C不可能从单一热源吸收热量全部用来做功D缝衣

6、针漂浮在水面上是表面张力作用的结果第II卷（非选择题)三、实验题10研究性学习小组为“研究匀变速直线运动的规律”和“测当地的重力加速度”，采用了如图1所示的装置，其中m150g、m2150g，开始时保持装置静止，然后释放物块m2，m2可以带动m1拖着纸带打出一系列的点，只要对纸带上的点进行测量，即可研究匀变速直线运动。某次实验打出的纸带如图2所示，0是打下的第一个点，两相邻点间还有4个点没有标出，交流电频率为50Hz。（1）系统的加速度大小为_m/s2，在打点05的过程中，系统动能的增量Ek_J。（2）忽略一切阻力的情况下，某同学作出的 h图象如图3所示，则当地的重力加速度g_m/s2。11实

7、际电流表有内阻，测量电流表G1内阻r1的电路如图1所示供选择的仪器如下：待测电流表G1(05 mA，内阻约300 )电流表G2(010 mA，内阻约100 )定值电阻R1(300 )定值电阻R2(10 )滑动变阻器R3(01 000 )滑动变阻器R4(020 )干电池(1.5 V)电键S及导线若干(1)定值电阻应选_，滑动变阻器应选_(在空格内填写序号)(2)对照电路图用笔连线连接如图2所示实物图(3)补全实验步骤：按如图7所示电路图连接电路，将滑动变阻器的触头移至最_(填“左端”或“右端”)；闭合电键S，移动滑动触头至某一位置，记录G1和G2的读数I1和I2；多次移动滑动触头，记录G1和G2

8、的读数I1和I2；以I2为纵坐标，I1为横坐标，作出相应图线，如图3所示(4)根据I2I1图线的斜率k及定值电阻，写出待测电流表内阻的表达式_四、解答题12如图所示，一质量m1=0.45kg的平顶小车静止在光滑的水平轨道上。车顶右端放一质量m2=0.4 kg的小物体，小物体可视为质点。现有一质量m0=0.05 kg的子弹以水平速度v0=100 m/s射中小车左端，并留在车中，已知子弹与车相互作用时间极短，小物体与车间的动摩擦因数为=0.5，最终小物体以5 m/s的速度离开小车。g取10 m/s2。求：（1）子弹从射入小车到相对小车静止的过程中对小车的冲量大小。（2）小车的长度。13如图所示，一

9、质量为m1=1kg的长直木板放在粗糙的水平地面上，木板与地面之间的动摩擦因素1=0.1，木板最右端放有一质量为m2=1kg、大小可忽略不计的物块，物块与木板间的动摩擦因素2=0.2。现给木板左端施加一大小为F=12N、方向水平向右的推力，经时间t1=0.5s后撤去推力F，再经过一段时间，木板和物块均停止运动，整个过程中物块始终未脱离木板，取g=10m/s2，求：(1)撤去推力F瞬间，木板的速度大小v1即物块的速度大小v2；(2)木板至少多长；(3)整个过程中因摩擦产生的热量。14如图所示，有一光滑的导热性能良好的活塞C将容器分成A，B两室，A室体积为V0，B室的体积是A室的两倍，A，B两室分别

10、放有一定质量的理想气体。A室上连有一U形管(U形管内气体的体积忽略不计)，当两边水银柱高度差为19cm时，两室气体的温度均为T1=300K。若气体的温度缓慢变化，当U形管两边水银柱等高时，求：(外界大气压等于76cm汞柱)（1）此时气体的温度为多少?（2）在这个过程中B气体的内能如何变化?做功情况如何?从外界吸热还是放热?(不需说明理由)15某种透明材料制成的空心球体外径是内径的2倍，其过球心的某截面(纸面内)如图所示。一束单色光(纸面内)从外球面上A点入射，入射角为45时，光束经折射后恰好与内球面相切。(1)求该透明材料的折射率；(2)欲使光束从A点入射后，恰好在内球面上发生全反射，则应将入

11、射角变为多少度?五、填空题16如图甲，介质中两个质点A和B的平衡位置距波源O的距离分别为1m和5m。图乙是波源做简谐运动的振动图像。波源振动形成的机械横波可沿图甲中x轴传播。已知t5s时刻，A质点第一次运动到y轴负方向最大位移处。下列判断正确的是_。AA质点的起振方向向上B该列机械波的波速为0.2m/sC该列机械波的波长为2mDt11.5s时刻，B质点的速度方向沿y轴正方向E若将波源移至x3m处，则A、B两质点同时开始振动，且振动情况完全相同2019届四川省棠湖中学高三二诊模拟考试理综物理试题物理答案1A【解析】为了解释光电效应规律，爱因斯坦提出了光子说，选项A 正确；在完成a粒子散射实验后，

12、卢瑟福提出了原子的核式结构理论，选项B错误；首先发现了放射现象的是贝克勒尔，选项C 错误；在原子核人工转变的实验中，查德威克发现了中子，选项D错误。考点：近代物理学史。2A【解析】设弹簧与竖直方向的夹角为，现保证b球不动，使挡板OP向右缓慢平移一小段距离，则减小，以a球为研究对象，分析受力情况；根据平衡条件得：F弹=，减小，cos增大，则F弹减小，弹簧变长，故A正确，B错误；挡板对a的弹力N=mgtan，减小，N减小对整体研究：水平方向：F=N，则作用力F将减小，竖直方向：地面对b的支持力FN=（ma+mb）g，不变，根据牛顿第三定律可知，b对地面的压力不变，故CD错误故选A.3C【解析】设A

13、的加速度为a两质点A、B从同一地点出发，A追上B时两者的位移相等，即xa=xb根据v-t图象的“面积”表示位移，得,由题知 t=4s，解得 a=m/s2故选C.4B【解析】由于a、b为两个完全相同的灯泡，当开关接通瞬间，a灯泡立刻发光，而b灯泡由于线圈的自感现象，导致灯泡渐渐变亮；当开关断开瞬间，两灯泡串联，由线圈产生瞬间电压提供电流，导致两灯泡同时熄灭。故选B。点睛：对于线圈要抓住这个特性：当电流增大时，线圈中产生自感电动势，阻碍电流的增加；当电键断开时，线圈相当于电源，为回路提供瞬间的电流。5C【解析】根据开普勒第三定律：，可得，故A错误；根据，可得：，故B错误；根据万有引力提供向心力：，

14、解得：，所以，故C正确；卫星在原轨道上加速才能由低轨道变为高轨道，所以甲的机械能小于乙的机械能，故D错误。所以C正确，ABD错误。6BD【解析】电子进入电场后做类平抛运动，不同时刻进入电场的电子竖直方向分速度图象如图，根据图象的“面积”大小等于位移可知，各个电子在竖直方向的位移不全相同，故所有电子从右侧的离开电场的位置不全相同故A错误；由图看出，所有电子离开电场时竖直方向分速度，速度都等于，故B正确；由上分析可知，电子离开电场时的速度都相同，动能都相同，故C错误；时刻进入电场的电子，在时刻侧位移最大，最大侧位移为：，在时刻进入电场的电子侧位移最大为，则有：，联立得：故D正确。考点：带电粒子在电

15、场中的运动【名师点睛】电子进入电场后做类平抛运动，不同时刻进入电场的电子竖直方向运动情况不同，则知不是从同一点离开电场所有电子都能穿过平行板，竖直方向加速和减速的时间必然相等，飞出电场时，电子只有水平速度。时刻进入电场的电子，离开电场时速度等于，电子的动能不是最大分析时刻进入电场的电子运动情况，由牛顿第二定律和运动学公式求解最大侧位移。7CD【解析】根据板间粒子轨迹的偏转方向可知，粒子带正电。由于电场力的方向与电场线的切线方向相同，从图中可以看出粒子在a点时速度的方向与电场线的方向之间的夹角大于90度，所以在a点的附近，电场力做负功，所以粒子的动能先减小。故AB错误；根据顺着电场线方向电势降低

16、，从图中可得，a点的电势一定高于d点的电势，正电荷在a点的电势能大于在d点的电势能。故C正确；电场线的疏密表示电场的强弱，从图中可知，b点附近的电场线最密，且板间可认为是匀强电场，所以b点的场强最大，大于a点和d点的场强，所以粒子在a到d的过程中，受到的电场力先增大，再不变，后减小，根据牛顿第二定律，粒子的加速度先增大，再不变，后减小。故D正确。故选CD。点睛：该题考查电场线的特点，以及电场力做功与动能、电势能之间的关系图中可以看出粒子在a点时速度的方向与电场线的方向之间的夹角大于90度是解题的关键8ABD【解析】由图示图象可知，碰撞前，A球的速度：，B球的速度为：vB=2m/s碰撞后，A、B

17、两球的速度相等，为：vA=vB=v=-1m/s，A、B组成的系统动量守恒，以碰撞前B的速度方向为正方向，由动量守恒定律得：mAvA+mBvB=（mA+mB）v，解得：mB=2kg，故AB正确A、B两球碰撞前的总动量为mAvA+mBvB=（mA+mB）v =5 kgm/s，选项C错误；碰撞中，A、B两球组成的系统损失的动能：EK=mAvA2+mBvB2-（mA+mB）v2=3（-3）2+222-（3+2）（-1）2=15J，故D正确故选ABD点睛：本题主要考查了动量的表达式及动量定理的直接应用，要求同学们能根据图象的斜率读出碰撞前后两球的速度，明确碰撞的基本规律是动量守恒定律9BD【解析】多晶体

18、是多个单晶体的结合体，在热传导中不具有各向异性；故A错误；墨水在水中会扩散，这是因为分子在做无规则运动；故B正确；要使单一热源全部对外做功时会引起其他方面的变化；但并不是不能进行的；故C错误；缝衣针漂浮在水面上是表面张力作用的结果；故D正确；故选BD.10（1）4.8；0.576 （2）9.6【解析】（1）据题意，从纸带可以求出系统的加速度：,而相邻计数点之间时间间隔为：，则加速度为：，在打点05的过程中，系统动能的增量为：，计数点5的瞬时速度为：，则；（2）据，整理得：，则图像斜率为：，重力加速度为：。考点：本题考查重力加速度的测定。11（1）； （2） （3）左 （4）【解析】（1）由于G

19、2的量程是G1的2倍，因此选用定值电阻阻值约等于待测电流表内阻阻值，因此选；由于滑动变阻器是分压式接法，阻值越小调节起来越方便，因此选；（2）连接电路如图所示（3）为了保护两个电流表，滑动变阻器的闭合电键前调到最左端；（4）由于，而流过定值电阻的电流为，因此，定律电阻两端的电压；即加在待测电流表的电压就是U，这样电流表内电阻12（1） （2） 【解析】（1）子弹进入小车的过程中，子弹与小车组成的系统动量守恒，有：，可解得；对子弹由动量定理有：， (或kgm/s)；（2）三物体组成的系统动量守恒，由动量守恒定律有：；设小车长为L，由能量守恒有：联立并代入数值得L5.5m。点睛：子弹击中小车过程子

20、弹与小车组成的系统动量守恒，由动量守恒定律可以求出小车的速度，根据动量定理可求子弹对小车的冲量；对子弹、物块、小车组成的系统动量守恒，对系统应用动量守恒定律与能量守恒定律可以求出小车的长度13（1）4m/s；1m/s （2）1.5m （3）12J【解析】(1)假设木板和物块有相对滑动，撤F前，对木板： 解得： 对物块： 解得：因，故假设成立，撤去F时，木板、物块的速度大小分别为： (2)撤F后，对木板： 解得： 对物块： 解得：撤去F后，设经过t2时间木板和物块速度相同：对木板有： 对物块有： 得：， 撤F前，物块相对木板向左滑行了 撤F后至两者共速，物块相对木板又向左滑行了之后二者之间再无相

21、对滑动，故板长至少为：(3)解法一：物块与木板间因摩擦产生的热量：共速后，两者共同减速至停止运动，设加速度为a，有：全过程中木板对地位移为：木板与地面间因摩擦产生的热量为：故全过程中因摩擦产生的热量为：解法二：由功能关系可得：14（1）240K （2）内能减小；外界对气体不做功；气体对外放出热量【解析】（1）由题意知，气体的状态参量为：初状态：对A气体：VA=V0，TA=T1=300K，Pa=P0+h=95cmHg，对B气体：VB=2V0，TB=T1=300K，PB=P0+h=95cmHg，末状态，对A气体：VA=V，Pa=P0=76cmHg，对B气体：PB=P0=76cmHg，VB=3V0-

22、V，由理想气体状态方程得：对A气体： 对B气体：，代入数据解得：T=240K，V=V0；（2）气体B末状态的体积：VB=3V0-V=2V0=VB，由于气体体积不变，外界对气体不做功，气体温度由300K降低到240K，温度降低，内能减小U0，由热力学第一定律：U=W+Q可知：Q=U-W=U0，则气体对外放出热量.15（1） （2）30【解析】（1）如答图，设光束经折射后到达内球面上B点在A点，由题意知，入射角i45，折射角rBAO由几何关系有：sinr0.5由折射定律有：n代入数据解得：n（2）如答图，设在A点的入射角为i时，光束经折射后到达内球面上C点，并在C点恰发生全反射，则光束在内球面上的

23、入射角ACD恰等于临界角C由sinC代入数据得：ACDC45由正弦定理有AO2R，COR解得：sinCAO由折射定律有：n解得：sini0.5，即此时的入射角i3016ACE【解析】由波源的振动图像可知，波源起振的方向为向上，则A质点的起振方向向上，选项A正确；因T=4s，已知t5s时刻，A质点第一次运动到y轴负方向最大位移处，可知机械波从O点传到A点用时间为2s，则该列机械波的波速为，选项B错误；该列机械波的波长为，选项C正确；振动传到B点的时间为，则t11.5s时刻，B质点已经振动1.5s，此时的速度方向沿y轴负方向，选项D错误；若将波源移至x3m处，则A、B两质点距离振源的距离相等，则两质点同时开始振动，且振动情况完全相同，选项E正确；故选ACE.点睛：根据图象能读出周期、振幅、速度方向及大小变化情况，加速度方向及大小变化情况等，是应该具备的基本能力；知道机械波传播时，任何质点的振动都和振源相同，只是滞后于振源.