备战2020年高考物理一轮复习单元训练金卷第六单元机械能守恒定律A卷含解析

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1、第六单元 注意事项：1答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。4考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。一、 (本题共10小题，每小题4分，共40分。在每小题给出的四个选项中，第16题只有一项符合题目要求，第710题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分)1能源是社会发

2、展的基础，下列关于能量守恒和能源的说法正确的是()A能量是守恒的，能源是取之不尽，用之不竭的B能量的耗散反映能量是不守恒的C开发新能源，是缓解能源危机的重要途径D对能源的过度消耗将使自然界的能量不断减小，形成“能源危机”2如图所示，游乐场中，从高处A到水平面B处有两条长度相同的轨道和，其中轨道光滑，轨道粗糙。质量相等的小孩甲和乙分别沿轨道和从A处滑向B处，两人重力做功分别为W1和W2，则()AW1W2BW1W2CW1W2D因小孩乙与轨道的动摩擦因数未知，故无法比较重力做功的大小3如图所示是某课题小组制作的平抛仪。M是半径为R固定于竖直平面内的光滑圆弧轨道，轨道上端切线水平。M的下端相切处放置着

3、竖直向上的弹簧枪，弹簧枪可发射速度不同、质量均为m的小钢珠，假设某次发射(钢珠距离枪口0.5R)的小钢珠恰好通过M的上端点水平飞出，已知重力加速度为g，则发射该小钢珠前，弹簧的弹性势能为()AmgRB2mgRC3mgRD4mgR4如图所示，一很长的、不可伸长的柔软轻绳跨过光滑定滑轮，绳的两端各系一个小球a和b。a球的质量为m，静置于水平地面；b球的质量为M，用手托住，距地面的高度为h，此时轻绳刚好拉紧。从静止释放b后，a达到的最大高度为1.5h，则M、m的比值为()A54 B53 C31 D325如图所示，一不可伸长的轻绳上端悬挂于O点，下端系一小球。现将小球拉到A点(保持绳绷直)由静止释放，

4、当它经过O点的正下方的B点时绳恰好被拉断，小球平抛后撞击到一个与地面成37的斜面BC上，撞击点为C。若B、C间的高度差为H，不计空气阻力，sin 370.6，cos 370.8，则()A小球从B点运动到C点的时间tB小球从B点运动到C点的时间tCA、B间的高度差hDA、B间的高度差h6一长木板在光滑的水平面上匀速运动，在t0时刻将一相对于地面静止的质量m1 kg的物块轻放在木板上，以后木板运动的速度时间图象如图所示。已知物块始终在木板上，重力加速度g10 m/s2。则物块的最终动能E1及木板动能的减小量E分别为()AE10.5 J，E2 J BE10.5 J，E3 JCE11 J，E2 J D

5、E11 J，E3 J7一质点开始时做匀速直线运动，从某时刻起受到一恒力作用。此后，该质点的动能先逐渐减小，再逐渐增大，则恒力与物体匀速运动时速度方向的夹角可能是()A0 B180 C090 D901808如图所示，质量不计的轻弹簧竖直固定在水平地面上，将一金属小球从弹簧正上方某一高度处由静止释放，小球从落到弹簧上到压缩弹簧到最低点的过程中()A小球的机械能守恒B小球的机械能增大C小球的机械能减小D小球与弹簧组成的系统的机械能守恒9(2019全国II卷)从地面竖直向上抛出一物体，其机械能E总等于动能Ek与重力势能Ep之和。取地面为重力势能零点，该物体的E总和Ep随它离开地面的高度h的变化如图所示

6、。重力加速度取10 m/s2。由图中数据可得()A物体的质量为2 kgBh0时，物体的速率为20 m/sCh2 m时，物体的动能Ek40 JD从地面至h4 m，物体的动能减少100 J10如图所示，用大小相等的力F将同一物体分别沿光滑的水平面和光滑的斜面由静止开始移动大小相等的位移x，在两种情况下，力F作用的时间分别为t1和t2，力F的方向分别平行水平面和斜面，平均功率分别为P1和P2。则() At1t2 Bt1t2CP1P2 DP1P2二、(本题共6小题，共60分。把答案填在题中的横线上或按题目要求作答。解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的

7、题，答案中必须明确写出数值和单位)11(7分)现要用如图所示的实验装置探究“动能定理”：一倾角可调的斜面上安装有两个光电门，其中光电门乙固定在斜面上，光电门甲的位置可移动。不可伸长的细线一端固定在带有遮光片(宽度为d)的滑块上，另一端通过光滑定滑轮与重物相连，细线与斜面平行(通过滑轮调节)。当滑块沿斜面下滑时，与光电门相连的计时器可以显示遮光片挡光的时间t，从而可测出滑块通过光电门时的瞬时速度v。改变光电门甲的位置，重复实验，比较外力所做的功W与系统动能的增量Ek的关系，即可达到实验目的。主要实验步骤如下：(1)调节斜面的倾角，用以平衡滑块的摩擦力。将带有遮光片的滑块置于斜面上，轻推滑块，使之

8、运动。可以通过判断滑块是否正好做匀速运动；(2)按设计的方法安装好实验器材。将滑块从远离光电门甲的上端由静止释放，滑块通过光电门甲、乙时，遮光片挡光的时间分别t1和t2，则滑块通过甲、乙两光电门时的瞬时速度分别为和；(3)用天平测出滑块(含遮光片)的质量M及重物的质量m，用米尺测出两光电门间的距离x，比较和的大小，在误差允许的范围内，若两者相等，可得出合力对物体所做的功等于物体动能的变化量。12(8分)利用气垫导轨验证机械能守恒定律的实验装置如图所示，调节气垫导轨水平，将重物A由静止释放，滑块B上拖着的纸带(未画出)被打出一系列的点。对纸带上的点迹进行测量，即可验证机械能守恒定律。图甲给出的是

9、实验中的一条纸带：0是打下的第一个点，每相邻两个计数点间还有4个点(图上未画出)，计数点间的距离如图中所示。已知重物的质量m100 g、滑块的质量M150 g，则：(g取10 m/s2，结果保留三位有效数字)(1)在纸带上打下计数点5时的速度vm/s；(2)在打点05的过程中系统动能的增加量EkJ，系统势能的减少量EpJ，由此得出的结论是；(3)若某实验小组作出的h图象如图乙所示，则当地的实际重力加速度gm/s2。13(10分)如图所示，楔形木块abc固定在水平面上，粗糙斜面ab和光滑斜面bc与水平面的夹角均为30，顶角b处安装一定滑轮。质量分别为M8 kg、m2 kg的滑块A、B，通过不可伸

10、长的轻绳跨过定滑轮连接，轻绳与斜面平行。两滑块由静止释放后，沿斜面运动。已知滑块A与斜面ab的动摩擦因数，不计滑轮的质量和摩擦。当滑块A沿斜面下滑距离x2 m(滑块B离滑轮距离足够远)时，求。(1)滑块A的速度大小v。(2)在下滑过程中，轻绳中的张力T。14(10分)如图所示，在高H5 m的光滑水平台上，有一用水平轻质细线拴接的完全相同、质量均为45 g的滑块a和b组成的装置Q，Q处于静止状态。装置Q中两滑块之间有一处于压缩状态的轻质弹簧(滑块与弹簧不拴接)。某时刻装置Q中的细线断开，弹簧恢复原长后，滑块a被水平向左抛出，落到地面上的A处，抛出的水平距离x5 m，滑块b沿半径为R0.45 m的

11、半圆弧做圆周运动并通过最高点C。空气阻力不计，取g10 m/s2，求：(1)弹簧恢复原长时，滑块a的速度大小。(2)滑块b通过圆弧的最高点C时，对轨道的压力大小。15(12分)如图所示，质量均为m的木块P与小球Q(可视为质点)通过一根细绳相连，细绳绕过两个轻质无摩擦的小定滑轮C、D(可视为质点)，木块P的另一端被固连在地面上的轻质弹簧秤竖直向下拉住。小球Q套在固定在水平地面上的半圆形光滑圆环上，圆环半径为R。初始时小球Q位于圆环的最高点B点静止不动，其中BC=R，此时弹簧秤对木块的拉力为F0，弹簧秤中弹簧的弹性势能在数值上等于mgR(g为重力加速度)。现将小球Q从B点移动到A点，其中AC垂直于

12、OA，此时弹簧秤对木块的拉力为2F0，然后将小球Q从A点由静止释放，小球Q将顺着光滑圆环从A向B运动。已知弹簧的弹性势能与弹簧形变量的二次方成正比。求：(1)弹簧秤中弹簧的劲度系数k；(2)小球从A点静止释放，运动到B点时的速度；以及此过程中，绳子拉力对小球所做的功。16(13分)一质量m1 kg的物体静止在水平面上，t0时刻，一水平恒力F作用在物体上。一段时间后撤去此力，这一过程中物体运动的速度时间图象如图所示。求：(1)恒力F所做的功W。(2)整个过程中，摩擦力做功的平均功率。3单元训练金卷高三物理(A)卷第六单元 答 案一、 (本题共10小题，每小题4分，共40分。在每小题给出的四个选项

13、中，第16题只有一项符合题目要求，第710题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分)1【答案】C【解析】能量耗散表明，在能源的利用过程中，虽然能量的数量并未减小，但在可利用的品质上降低了，从便于利用的变成不便于利用的了。所以我们要节约能量，不断开发新能源，选项C正确。2【答案】C【解析】重力做功等于重力乘以物体沿竖直方向的位移，与路径及粗糙与否无关。质量相等的两个小孩甲、乙分别沿轨道和从A处滑向B处，重力做功相等，选项C正确。3【答案】B【解析】小钢珠恰好通过M的上端点水平飞出，必有mgm，解得mv2mgR；弹簧的弹性势能全部转化为小钢珠的机械能，由机械能守恒

14、定律得EPmg(0.5RR)mv22mgR，选项B正确。4【答案】C【解析】由题设分析知，b球着地后，a球继续上升的高度应为h，由运动学知识知b球着地的瞬间，两球的速度v，另由机械能守恒定律得(Mm)gh(Mm)v2，结合两式求得Mm31，选项C正确。5【答案】A【解析】由机械能守恒定律，有mghmv2，解得小球从B点平抛的初速度v。由平抛规律有xvt，Hgt2，tan 37，结合以上式子得hH、t。选项A正确。6【答案】B【解析】由vt图象知，当t0.5 s时，木板开始做速度v1 m/s的匀速运动，此时，物块与木板的速度相同，物块与木板间无摩擦力作用，物块的最终动能E1mv20.5 J；对物

15、块，由vat及fma得f2 N，在00.5 s内，木板的位移x(51)0.5 m1.5 m，由动能定理得木板动能的减小量Efx3 J，选项B正确。7【答案】BD【解析】若090，恒力做正功，动能一直增大；若180，恒力做负功，动能先减小到零再反向增大；当90180，质点做匀变速曲线运动，恒力先做负功后做正功，质点的动能先逐渐减小至某一非零的最小值，再逐渐增大，选项B、D正确。8【答案】CD【解析】小球从落到弹簧上到压缩弹簧到最低点的过程中，弹力对小球做负功，小球的机械能减小；小球与弹簧组成的系统，只有重力和弹力做功，机械能守恒，选项C、D正确。9【答案】AD【解析】Eph图象知其斜率为G，故G

16、20 N，解得m2 kg，A正确；h0时，Ep0，EkE机Ep100 J0100 J，故100 J，解得v10 m/s，B错误；h2 m时，Ep40 J，EkE机Ep85 J40 J45 J，C错误；h0时，EkE机Ep100 J0100 J，h4 m时，EkE机Ep80 J80 J0 J，故EkEk100 J，D正确。10【答案】AD【解析】设在两种情况下，物体运动的加速度分别为a1、a2，由牛顿第二定律得Fma1、Fmgsin ma2(为斜面的倾角)，很显然，a1a2，又xat2，所以t1t2，而W1W2Fx，由P知P1P2，选项A、D正确。二、(本题共6小题，共60分。把答案填在题中的横

17、线上或按题目要求作答。解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位)11【答案】(1)遮光片经过两光电门的时间是否相等(1分 ) (2) (每空1分)(3)mgx (Mm)(每空2分)【解析】(1)滑块匀速运动时，遮光片经过两光电门的时间相等；(2)遮光片宽度d很小，可认为其平均速度与滑块通过该位置时的瞬时速度相等，故滑块通过甲、乙两光电门时的瞬时速度分别为和；(3)比较外力做功mgx及系统动能的增量(Mm)是否相等，即可探究“动能定理”。12【答案】(1)1.95(1分) (2)0.475 0.497 在误差允许的范

18、围内，系统的机械能守恒(每空2分)(3)9.70(1分)【解析】(1)v5 m/s1.95 m/s。(2)Ek(Mm)v20.25(1.95)2 J0.475 J，Epmgh50.497 J，在误差允许的范围内，系统的机械能守恒。(3)由mgh(Mm)v2得v2gh，故h图线的斜率kg，结合图丙得g9.70 m/s2。13【解析】(1)对A、B构成的系统，由动能定理得：(Mgsin mgsin Mgcos )x(Mm)v2(3分)代入数据解得：v2 m/s。(2分)(2)对滑块B，由动能定理得：(Tmgsin )xmv2(3分)代入数据解得T12 N。(2分)14【解析】(1)某时刻装置Q中的

19、细线断开，弹簧恢复原长后，a和b的速度大小相等，设为v，对滑块a有：xvt(1分)Hgt2(1分)解得v5 m/s。(2分)(2)对滑块b，由机械能守恒得：mv2mg2Rm(2分)在最高点，设轨道对b的作用力为FN，由牛顿第二定律得：FNmg(2分)由以上式子得：FN0.25 N(1分)依据牛顿第三定律知，滑块b通过圆弧的最高点C时，对轨道的压力大小FN0.25 N。(1分)15【解析】(1)对弹簧，根据胡克定律： (2分)解得：。(1分)(2)由机械能守恒定律可得： (3分)解得小球运动到B点时的速度： (2分)对小球用动能定理得： (2分)解得：。 (2分)16【解析】(1)由vt图象知，恒力F作用的时间为1 s，设在01 s内物体运动的加速度大小为a1，在1 s3 s内物体的加速度大小为a2，由a得a12 m/s2，a21 m/s2(2分)在1 s3 s内，物体在水平方向只受滑动摩擦力的作用，有fma21 N(1分)在01 s内，由Ffma1得F3 N(2分)又01 s内，物体的位移x112 m1 m(1分)故恒力F做功WFx13 J。(2分)(2)设整个过程中，摩擦力做功的平均功率为P由Wffx(1分)x32 m3 m(1分)解得Wf3 J(2分)所以P1 W。(1分)1