【100所名校】2018-2019学年吉林省延边重点中学高二上学期期中考试物理试题（解析版）

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1、一、单选题1如图所示，两个不带电的导体A和B，用一对绝缘柱支持使它们彼此接触。把一带正电荷的物体C置于A附近，贴在A、B下部的金属箔都张开（    ）A 此时A带正电，B带负电B 此时A、B带负电C 移去C，贴在A、B下部的金属箔都闭合D 先把A和B分开，然后移去C，贴在A、B下部的金属箔都闭合2有一个电流表G，内阻Rg30，满偏电流Ig1mA。要把它改装为量程00.6A的电流表，则（    ）A 需要串联略大于0.05的电阻B 需要并联略小于0.05的电阻C 改装之后的电流表内阻为30.05D 改装之后的电流表内阻为0.053如图所示，在竖直向上的匀强

2、电场中，一根不可伸长的绝缘细绳的一端系着一个带电小球，另一端固定于O点，小球在竖直平面内做匀速圆周运动，最高点为a，最低点为b，不计空气阻力，则（    ）A 小球带负电B 小球在运动过程中机械能守恒C 电场力与重力等值反向D 小球在从a点运动到b点的过程中，电势能减小4四盏灯泡接成如图电路,a、c灯泡的规格为“220V 100W”,b、d规格为“220V ，40W”,各个灯泡的实际功率均没有超过它的额定功率,则四盏灯泡实际功率大小顺序是(    )A Pa=Pc>Pb=Pd    B Pa>Pd>

3、;Pc>PbC Pd>Pa>Pc>Pb    D Pd>Pc>Pb>Pa5如图所示,一段长为a,宽为b,高为c(a>b>c)的导体,将其中的两个对立面接入电路中时,最大的电阻为R,则最小的电阻为（    ）A R    B c2R/ab    C c2R/bc    D c2R/a26如图，有一带电粒子贴着A板沿水平方向输入匀强电场，当偏转电压为时，带电粒子沿轨迹从两板正中间飞出：当偏转电压为时，带电粒子沿轨迹落到B板中间；设粒子两次射入电场

4、的水平速度相同，则两次偏转电压之比为（    ）A     B     C     D 7如图所示，实线是电场线，一带电粒子只在电场力的作用下沿虚线由A运动到B的过程中，其速度时间图象是选项中的()A     B C     D 8如图甲所示为电场中的一条电场线，在电场线上建立坐标轴，则坐标轴上间各点的电势分布如图乙所示，则（    ）A 在间，场强先减小后增大B 在间，场强方向一定发生了变化C 若一负电荷从O点运动到点，电势能逐渐减小D 从O点静止释放一

5、仅受电场力作用的正电荷，则该电荷在间一直做加速运动9如图所示，a、b、c、d是某匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点，abcdL，adbc2L，电场线与矩形所在平面平行已知a点电势为20 V，b点电势为24 V，d点电势为12 V一个质子从b点以v0的速度射入此电场，入射方向与bc成45，一段时间后经过c点(不计质子的重力)，下列判断正确的是()A c点电势高于a点电势B 场强的大小为C 质子从b运动到c所用的时间为D 质子从b运动到c，电势能增加8 eV二、多选题10如图所示，在两等量异种点电荷的电场中，MN为一根光滑绝缘的竖直细杆，放在两电荷连线的中垂线上，a、b、c三点所在直

6、线平行于两点电荷的连线，且a与c关于MN对称，b点位于MN上，d点位于两电荷的连线上。下列说法正确的是（    ）A 将不计重力的试探电荷+q在a点由静止释放后可沿直线运动到bB 试探电荷-q在a点的电势能等于在c点的电势能C b点场强小于d点场强D 将带电小环套在细杆上由b点静止释放后将做匀加速直线运动11如图所示的是一个电容式传感器，在金属a的外面涂一层绝缘的电介质后放在导电液体中构成一个电容器，a与导电液体就是该电容器的两极，今使该电容器充电后与电源断开，并将a与静电计的导体球相连，插入导电液体中的电极b与静电计外壳相连，则当导电液体深度h变大时（   &n

7、bsp;）A 引起两极间正对面积变大B 电容器的电容将变小C 电容器两极间的电压将变大D 静电计指针偏角将减小12如图所示用三根长度相同的绝缘细线将三个带电小球连接后悬挂在空中。三个带电小球质量相等，A球带负电，平衡时三根绝缘细线都是直的，但拉力都为零，已知BC连线水平，则（    ）A B球带负电荷，C球带正电荷    B B球和C球都带正电荷C A球电荷量的绝对值是B球的两倍    D B球和C球所带电量不一定相等13如图所示，竖直面内，A、B、C、D位于同一半径为r的圆上且ABCD，在C点有一固定点电荷，电荷量为+Q，现从A点将

8、一质量为m，电荷量为-q的点电荷由静止释放，该电荷沿光滑绝缘轨道ADB运动到D点时速度为 ，规定电场中B点的电势为零。则在+Q形成的电场中（    ）A A点电势高于D点电势B D点电势为-C O点电场强度大小是A点的倍D 点电荷-q在D点具有的电势能为-第II卷（非选择题）三、填空题14现有一合金制成的圆柱体。用螺旋测微器测量该圆柱体的直径，用游标卡尺测量该圆柱体的长度。螺旋测微器和游标卡尺的示数如图甲和图乙所示，读得圆柱体的直径     ，长度为_。四、实验题15一学习小组要用伏安法尽量准确地描绘一个标有“6V，1.5W”的小灯泡的I-U图线，现有下

9、列器材供选用：A学生电源（直流9V） B开关一个、导线若干C电压表（03V，内阻约10K）D电压表（06V，内阻约10K）E电压表（015V，内阻约30K） F电流表（00.3A，内阻约0.3）G电流表（00.6A，内阻约0.4） H电流表（03A，内阻约0.6）I滑动变阻器（10，2A） J滑动变阻器（200，1A）(1)实验中需要用到的仪器有：A、B、_（用字母序号表示）；(2)在下面方框内画出实验电路图：_.(3)对应实验电路图将实物连线补充完整_；(4)闭合开关前，滑动变阻器滑片的位置应在_（选填“a”或“b”）端五、解答题16如图所示的电路中，电源电动势为12V，电源内阻不计，电路中

10、的电阻R0为2.5，闭合开关S后，电动机正常工作，理想电流表的示数为2.0A。若转子被卡住后，该电流表的示数变为4.0A，求：(1)电动机M的内阻;(2)电动机正常工作时的输出功率.17如图所示是一个平行板电容器，两板间电压为U2103V，上极板M带正电，下极板N接地，两极板间距为d=10cm，A点距离上极板的距离为2cm，现将一个检验电荷q210-6C由两极板间的A点移动到B点，A、B两点间的距离为s6cm，连线AB与电场方向的夹角为60，求：（1）两极板间的电场强度E的大小；（2）A点的电势;（3）该检验电荷从A运动到B的过程中电场力所做的功.18如图所示，区域内有电场强度为E=2104N

11、/C、方向竖直向上的匀强电场；区域II中有一光滑绝缘圆弧轨道，轨道半径为R=2m，轨道在A点的切线与水平方向成60角，在B点的切线与竖直线CD垂直；在区域有一宽为d=3m的有界匀强电场，电场强度大小未知，方向水平向右一质量为m=0.4kg、带电荷量为q= -210-4C的小球（质点）从左边界O点正上方的M点以速度v0=2m/s水平射入区域I，恰好从A点沿圆弧轨道切线进入轨道且恰好不能从区域中电场的右边界穿出，（取g=10m/s2）求：（1）OM的长L；（2）区域中电场的电场强度大小E；（3）小球回到区域中的电场左边界上的点与OO的距离19水平放置的平行金属板AB间的距离d=01m，板长L=03

12、m，在金属板的左端竖直放置一带有小孔的挡板，小孔恰好位于AB板的正中间，距金属板右端x=05m处竖直放置一足够大的荧光屏，现在AB板间加如图（b）所示的方波形电压，已知U0=10102V，在挡板的左侧，有大量带正电的相同粒子以平行于金属板方向的速度持续射向挡板，粒子的质量m=1010-7kg，电荷量q=1010-2C，速度大小均为v0=10104m/s，带电粒子的重力不计，则：（1）求粒子在电场中的运动时间；（2）求t=0时刻进入的粒子离开电场时在竖直方向的位移；（3）若撤去挡板，求荧光屏上出现的光带长度。2018-2019学年吉林省延边第二中学高二上学期期中考试物理试题物理答案1C【解析】A

13、、带正电的物体C靠近A附近时，由于静电感应，A端带上负电，B端带上正电，故AB错误；C、移去C后，由于电荷间相互作用，重新中和，达电中性状态，两金属箔均闭合，故C正确；D、先把AB分开，则A带负电，B带正电，移去C后，电荷不能再进行中和，故两金属箔仍然张开，故D错误。点睛：本题考查静电现象，要注意理解感应起电的性质，并明确正负电荷之间的相互作用所带来的现象，能通过所学物理规律进行分析解答。2D【解析】A、B、把电流表改装成00.6A的电流表，需要并联一个分流电阻，并联电阻阻值为；故A,B错误.C、D、改装后电流表内阻为：；故C错误，D正确.故选D.【点睛】本题考查了电流表的改装，知道电表的改装

14、原理、应用并联的特点与欧姆定律即可正确解题3C【解析】A、C、据题小球在竖直平面内做匀速圆周运动，由合外力提供向心力，小球受到重力、电场力和细绳的拉力，电场力应与重力平衡，则知小球带正电；故A错误，C正确.B、由于除重力做功以外的电场力做功，所以小球在运动过程中机械能不守恒；故B错误.D、小球在从a点运动到b点的过程中，电场力做负功，小球的电势能增大；故D错误.故选C.【点睛】本题的解题关键是根据质点做匀速圆周运动的条件，判断电场力与重力的关系，确定出小球的电性.4C【解析】a、c灯泡的电阻为：；b、d灯泡的电阻为： ；根据并联电路的特点知b、c并联后的总电阻R并R，大电阻分大电压，所以b、c

15、两端的电压小于a灯泡的电压，根据P=U2/R可得Pa>Pc>Pb ；a、d灯串联，电流相等，根据P=I2R知，则P与R成正比，则PdPa，故功率大小顺序为：Pd>Pa>Pc>Pb；故C正确，ABD错误。故选C。【点睛】本题考查功率的计算问题，由于已知用电器的额定功率、额定电压，在求实际电压的功率时，要抓住电阻不变这一关键点，灵活选择功率公式分析求解即可，要注意理解各功率公式的适用条件5D【解析】由电阻定律：R可知横截面积越小电阻越大，横截面积越大电阻越小。故电阻最大时，横截面积应该最小，即从左右两端接入，此时电阻为：，解得：；当从上下两个面接入是电阻最小，此时电阻

16、为：，故D正确，故选D。6A【解析】据题意，粒子在偏转电场中做类平抛运动，即粒子在水平方向做匀速直线运动，则：，在竖直方向做初速度为0的匀加速直线运动，则：，偏转电压为，则偏转电压之比为：，故A选项正确。考点：本题考查粒子在偏转电场中做类平抛运动。7B【解析】电场线的疏密程度表示场强大小，A点电场线密集，故电场强度大，电场力大，故加速度大，所以粒子的加速度一直减小，由粒子的运动轨迹弯曲方向可知，带电粒子受电场力的方向大致斜向左下方，与电场强度方向相反，故粒子带负电，电场力做负功，速度慢慢减小，所以粒子做加速度减小的减速运动，故B正确考点：考查了电场线，速度时间图像【名师点睛】根据带电粒子运动轨

17、迹判定电场力方向，再结合电场强度方向判断电性，然后根据电场线的疏密程度判断加速度的大小，从而判断粒子的运动情况选择速度图象8BD【解析】-x图象的切线斜率表示电场强度，0-x2之间-x图象的斜率先增大后减小，且斜率一直为负值，说明电场强度方向不变，向右，电场强度先增大后减，故A B错误；0-x2之间电场强度方向向右，故一负电电荷从O点由静止释放，仅受电场力作用，由于负电荷受到的电场力的方向与场强的方向相反，所以是向右减速，速度一直减小，动能减小，则电势能增大，故C错误；0-x2之间电场强度方向向右，故一负电电荷从O点由静止释放，仅受电场力作用，是向右加速，速度一直增加，故D正确；故选D.点睛：

18、本题从数学有角度理解-t图象的斜率等于场强，由电势的高低判断出电场线的方向，再判断电场力做功情况9B【解析】在匀强电场中，沿着电场线方向每前进相同的距离，电势变化相等，故Ua-Ud=Ub-Uc，解得：Uc=16V，a点电势为20V则c点电势低于a点电势。故A错误；设ad连线中点为O，则其电势为16V，故co为等势面，电场线与等势面垂直，则电场线沿着bo方向。场强为，故B正确；由上可知，电场线沿着bo方向，质子从b运动到c做为在平抛运动，垂直于bo方向做匀速运动，位移大小为，则运动时间为故C错误。根据W=qU，质子从b点运动到c点，电场力做功为W=qUbc=1e（24V-16V）=8eV，电势能

19、减小8eV，故D错误；故选B。【点睛】本题的关键在于找出等势面，然后才能确定电场线，要明确电场线与等势线的关系，能利用几何关系找出等势点，再根据等势线的特点确定等势面10CD【解析】A、两等量异种电荷的电场线分布如图所示：因a点的电场方向沿曲线的切线方向向右上，故+q在a点由静止释放后斜向上运动，不能沿直线到b点；A错误.B、a点电势为正，c点电势为负，负电荷在a点电势能为负，而在c点电势能为正，故-q在a点的电势能小于在c点的电势能，故B错误；C、在两等量异号电荷连线上中点的电场强度最小；在两等量异号电荷连线的中垂线上中点的电场强度最大，所以b点的场强小于连线中点的场强，d点的场强大于中点的

20、场强，则b点场强小于d点场强，故C正确；D、细杆所在的各点电场强度方向均向右侧，带电环受静电力和杆的弹力在水平方向平衡，只有重力使环做加速运动，加速度为g，故D正确.故选CD.【点睛】本题考查电场的性质以及物体在电场中的运动情况分析，要求熟练掌握等量异种电荷的电场中各点的电场强度大小、方向，各点电势的高低.11AD【解析】A、由图可知，液体与芯柱构成了电容器，两板间距离不变；液面变化时只有正对面积发生变化；当液面升高时，只能是正对面积S增大；故A正确.B、由可知电容增大，B错误.C、D、因电容器充电后与电源断开，则电容器的总电荷量Q不变，依据，因此电势差减小，而静电计指针的偏角反映电容器的电压

21、大小，即静电计的指针偏角变小；C错误，D正确.故选AD.【点睛】本题考查平行板电容器在生产生活中的应用，是电容器的电何量不变为前提的动态分析12BC【解析】A、B、对B球受力分析如图所示：B球受重力及A、C对B球的库仑力而受于平衡状态；则A与C球对B球的库仑力的合力应与重力大小相等，方向相反；而库仑力的方向只能沿两电荷的连线方向，故可知A对B的库仑力应指向A，C对B的作用力应指向B的左侧；则可知B、C都应带正电；故A错误、B正确.C、D、由受力分析图可知，A对B的库仑力应为C对B库仑力的2倍，故C带电量应为A带电量的一半；同理分析C可知，B带电量也应为A带电量的一半，故B、C带电量应相同；故C

22、正确，D错误.故选BC.【点睛】库仑定律考查一般都是结合共点力平衡进行的，因此解题的关键在于做出受力分析图，明确库仑力的方向；则可利用共点力的平衡条件进行解答13AB【解析】由题意可知，沿着电场线的方向，电势降低，而电场线从正电荷发散，则A点的电势高于D点电势，故A正确；-q电荷从A到D运动，根据动能定理，则有：mgr-W电=mv2-0，解得：W电=mgr；规定电场中B点的电势为零，AB 两点对称，因由D到B点电场力做正功，则电势能减小，因此D点的电势能为EPD=mgr；根据公式D=，故B正确，D错误；根据点电荷电场强度公式，E=，电场强度的大小与间距的平方成反比，CA=CO，则有O点电场强度

23、大小是A点的2倍，故C错误；故选AB。14. ；【解析】由图甲所示可知，螺旋测微器固定刻度示数为，游标尺示数为，螺旋测微器示数为；由图所示可知，游标卡尺主尺示数为，游标尺示数为，游标卡尺示数为。考点：测定金属的电阻率【名师点睛】游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺的示数；螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数；游标卡尺不需要估读，螺旋测微器需要估读，对游标卡尺读数时，要注意游标尺的精度并掌握电阻定律与欧姆定律的应用。15（1）DFI    （2）    （3）    （4）a    【解析】根据灯

24、泡额定电压选择电压表，根据灯泡额定电流选择电流表，为方便实验操作，在保证安全的前提下，选用最大阻值较小的滑动变阻器根据灯泡正常发光时的电阻与电表内阻的关系选择电流表的接法根据原理图可得出对应的实物图(1)灯泡额定电压是6V，故电源应选择A，电压表选D；灯泡额定电流，则电流表选F；为方便实验操作，滑动变阻器应选择小电阻I另外还需要开关和导线若干；故选ABDFI.(2)由于，则电流表采用外接法，由表中实验数据可知，电压与电流从零开始变化，则滑动变阻器应采用分压接法，电路图如图所示:(3)根据给出的原理图可得出对应的实物图如图所示:(4)为了仪器的安全，应在开关闭合时流过电表的电流最小，则滑片在开光

25、闭合前滑到a端，从而使得灯泡短路，电流为零.【点睛】本题考查测量灯泡的伏安特性曲线的原理；要掌握实验器材的选取原则、确定滑动变阻器与电流表的接法是正确作出实验电路图的关键16(1)    (2)【解析】在计算电功率的公式中，总功率用P=IU来计算，发热的功率用P=I2R来计算，如果是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的，但对于电动机等非纯电阻，第一个计算的是总功率，第二个只是计算发热的功率，这两个的计算结果是不一样的。(1)电动机被卡住时，相当于纯电阻，由闭合电路的欧姆定律，解得：(2)电动机正常工作,由欧姆定律可知：，可得：对电动机由能量守恒有：，解得：【点睛】

26、本题考查闭合电路欧姆定律以及电功率的计算，在计算时一定要先分析清楚是不是纯电阻电路，对于非纯电阻电路，总功率和发热功率的计算公式是不一样的.17(1)     (2)    (3)【解析】(1)电容器间形成的是匀强电场，故场强为代入数据解得：(2)由匀强电场中电势差与场强的关系可知：而N板接地，有联立解得：(3)匀强电场中电场力为恒力，由功的定义式得： 解得：【点睛】匀强电场中求解电场强度、电势差、电场力做功，用定义式和计算式就可求解；把电场力当作一般的恒力，根据功的一般计算公式计算18（1）0.3m    （2）   &n

27、bsp;（3）21m【解析】（1）小球在区域 I中做类平抛运动，设小球在A点的速度为vA，竖直分速度为vy，则有：， 由牛顿第二定律可得： 由匀变速直线运动的速度位移公式得：，解得：；（2）在区域 II中，由图可能得，由A至B下降的高度为，则由A到B，根据动能定理：mg=mvB2 mvA2，解得：vB=3v0在区域 III中，小球在水平方向做匀减速直线运动，到达右边界时水平速度刚好减为零，由匀变速直线运动的速度位移公式得：vB2=2d解得：E=1.2104N/C；（3）水平方向：， 代入数据得：坚直方向上小球做自由落体运动：小球到达右边界后又向左返回到左边界，返回用时竖直方向下落的高度 所以小

28、球到达区域中电场边界上时与的距离为：，即：。点睛：解决本题的关键理清小球在整个过程中的运动规律，掌握处理曲线运动的方法，会根据物体的受力判断物体的运动，结合牛顿第二定律、动能定理、运动学公式进行求解。19（1）（2）（3）0095m【解析】（1）进入电场的粒子在水平方向不受力，做匀速直线运动L=v0t电子在电场中运动时间（2）电子在电场运动时间一共是，根据两极板电压变换图b，竖直方向其中电子匀加速运动，电子匀减速直线运动，由于电压大小一样，所以加速度大小相等离开电场时竖直方向位移（3）挡板去后，所有粒子离开电场的速度都相同。示意图如下t=0时刻进入的粒子，正向偏转位移最大，且运动过程没有速度反向若粒子进入的位置合适，粒子可以从极板的上边沿离开电场。时刻进入的粒子反向偏转过程中位移最大是速度减小到0的时候，若粒子位置合适，粒子此时刚好到达下极板，随后开始加速，时间为，此粒子下面的粒子将打在下极板上而不能离开电场。次粒子正向偏移为根据离开粒子速度大小方向相同，判断打在荧光屏上面的光带长度为考点：考查带电粒子在电场中的运动、动能定理、牛顿第二定律、匀变速直线运动的规律。